Квант
Квант 1980, №2

Квант 1980, №2 · Страницы

Лист 1

без номераНабрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

КВАНМ 2
1980

НАУЧНО-ПОПУЛЯРНЫЙ ФИЗИКО - MATEMATIЧЕСКИЙ ЖУРНАЛ
АКАДЕМИИ НАУК СССР и АКАДЕМИИ ПЕДАГОГИЧЕСКИХ НАУК СССР

Лист 2

без номераНабрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

Красные линии: эллипс и гипербола — проходят через центры двух семейств окружностей. Окружности этих семейств (они обозначаены тонкими черными линяями) касаются двух пересекающих кругов, закрашенных желтым цветом. Получившаяся конфигурация — не просто причудливая выдумка художника; она тесно связана с математической «классикой»: кончексими сечениями и задачей Аполлоня. Подробнее см. с. 33.

Лист 3

с. 1Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

1

Основан в 1970 году
2
1880

Научно-популярный
физiko-mатематический
журнал
Академи наук СССР
и Академи педагогических наук СССР

Издательство «Наука»
Главная редакция
физiko-mатематической литературы

В НОМЕРЕ:

Главный редактор
акademик И. К. Кикоин
Первый заместитель
главного редактора
акademик А. Н. Колмогоров

Редакционная коллекция:
М. И. Башмаков
С. Т. Беляев
В. Г. Болтянский
Н. Б. Васильев
Ю. Н. Ефремов
В. Г. Зубов
П. Л. Капица
В. А. Кириллин
А. И. Климанов
С. М. Козел
В. А. Лешковцев
(зам. главного редактора)
Л. Г. Макар-Лиманов
Н. А. Патрикева
И. С. Петраков
Н. Х. Розов
А. П. Савин
И. Ш. Слободецкий
М. Л. Смолянский
(зам. главного редактора)
Я. А. Смородинский
В. А. Фабрикант
А. Т. Цветков
М. П. Шаскльская
С. И. Шварцбург
А. И. Ширшов

2 Б. Гнеденко. Математика в Московском государственном университете
10 В. Гуревиц. Флуктуации физических величины
17 С. Ашманов. Числа и многочлены
22 З. Керимов. Как найти целый корень?

Лаборатория «Кванта»
24 А. Митрофанов. Вверх по наклонной плоскости

Математический кругхок
26 Н. Вадутен. Сопряженные числа

Задачик «Кванта»
34 Задачи М606—М610; Ф618—Ф622
36 Решения задач М551—М556; Ф563—Ф567

«Квант» для младших школьников
43 Задачи
44 А. Бендукидзе, А. Савин. Производные пропорции

Практикум абитуриента
46 В. Дубровский. Неожиданный ракурс
51 В. Можаев, Б. Федосов, В. Чехлов. Московский физiko-технический институт

Искусство программирования
53 Заочная школа программирования. Урок 6

Информация
56 В. Комаров. На пути в большую науку
57 А. Виленкин. II Всероссийский слет актива НОУ
59 Шахматная страница
60 Ответы, указания, решения

Наша обложка (25, 33)

Смесь (23, 32, 45, 55)

© Главная редакция физiko-mатематической литературы издательства «Наука», «Квант», 1980

Лист 4

с. 2Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

2

Б. Гнеденко

Математика
в Московском государственном университете

25 января 1980 г. исполнилось 225 лет со дня подписания указа об учреждении Московского университета. При университете были созданы двеимазии: одна — для двояянских детей, другая — для детей разночинцев. Торжественное открытие университета состоялось 26 апреля 1755 г. Но это было лишь открытие иммазий. Занятия же со студентами начались только летом 1755 г., когда в университете собрались 30 молодых людей, откомандированных духовными семинарами (других подготовленных абитриентов для университетских занятий в ту пору в стране не было).

Московский университет был открыт благодаркой кипучей деятельности М. В. Ломоносова, добавившегося широкого распространения просвещения в России, не связанного с сословными ограничениями. Однако в ту пору прави-тельство крепостнической империи категорически отказало крестьянству в самомвозможности получения высшего образования. Ломоносов же утверждал, что «в университете тот студент почтеннее, кто больше научился: а чей он сын в том нет нужды».

На первых порах университет состоял из трех факультетов: философского, юридического и медицинского — и, формально, двух гимназий. Фактически же гимназия была одна. Только занятия проводились разделно для двояянских детей и детей разночинцев. Объединение разрешалось только в последнем, так называемом «ректорском» классе. Этот последний класс давал дополнительную подготовку для поступления в университет, и занятия в нем продолжались одинаковая года.

Все студенты должны занять занятия на философском факультете, являшемся свободозразной общеобразовательной студенью для перехода на медицинский и юридический факультеты. Занятия на философском факультете продолжались три года, а на медицинском и юридическом — четверге года. Таким образом, обучение в университете продолжалось 7 лет. медицинский и юридический факультеты назвались в ту пору «вышиними» факультетами.

Преподавание в университете было lekционным; lekция продолжалась два часа. В первые годы lekции студентам

Лист 5

с. 3Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

3

читались на латинском, французском и немецком языках, и только с 1767 года, когда в университете стали работать в качестве профессоров много востранники самого Московского университета, преподавание стало весеть на русском языке.

Уже в первый год своего существования университетская гимназия приняла несколько сот учащихся, а к концу XVIII века их число возросло до трех тысяч. В 1758 г. по настоящий Московского университета была открыта гимназия в Казани. Она фактически была составной частью Московского университета. Университет обеспечил ее средствами, учебными пособиями, преподавательским составом. Интересно, что в это время гимназии не было даже в Петербурге — столице Российской империи.

В последней четверти XVIII века Московский университет принял активное участие в организации гимназии в ряде губерских городов России — Ярославле, Твери, Владимире, Костроме, Вологда. Выпускники университета становились первыми преподавателями вновь созданных гимназий. Таким образом, в первое время университет был основным центром подготовки научных и педагогических кадров.

Первоначально кафедры математики в университете не было. Математика входила в ведение кафедры физики и преподавалась лишь на филиосфском факультете. Содержание курса математики не выходило за пределы элементарной математики и включало в себя арифметик, элементарную алгебру, геометрию и начала тригонометрию. Для преподавания этого курса был приглашен один из учеников М. В. Ломоносова Антон Алексеевич Барсов (1730—1791).

Но уже через три года (в 1758 г.) было принято решение о создании специальной кафедры численматhematics.

В первые годы математику преподавали не профессоналы. Так, первый профессор математики А. А. Барсов был специальным в области синтаксиса русского языка. Преподавание курса прикладной математики было поручено Ивану Акимович Росту, преподававшего того английский язык.

В первые пятьдесят лет существования Московского университеталектор обычно строго придерживался раз и навсегда избранного им учебника. Traдиционными оставались даже дни и часы лекций. Так, А. А. Барсов еще в 1757 году избрал для лекций по чистой математике среду и субботу. В те же дни и часы после А. А. Барсов читал его ученик Дмитрий Сергеевич Аничков (1733—1788), а затем и другой выпускник университета Василий Кондратьевич Аршеневский (1758—1807). То же самое случае и с лекциями по прикладной математике: И. А. Ростчитал их по понедельникам, вторникам, четвергам и пяту-

Лист 6

с. 4Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

4

нищам. Эти же дни для курса сохранили и его преемник Михал Иванович Панкович (1757—1812).

Кафедру чистой математики от А. А. Барсова принял Д. С. Аничков. Для него преодавление математики было делом жизни. В связи с этим он не только преодавал, передавая содержание учебников, уже написанных другими авторами, но стремился как можно лучше прососить изложение к психологическим особенностям учащся. Им были написаны четыре учебника, пользовавшихся в ту пору широкой известностью: «Арифметика» (1764), «Геометрия» (1780), «Тригонометрия» (1780) и «Алгебра» (1781). В то время книги не назвались так просто, их заголовки были многословными и звучали очень торжественно. Вот как звучит заголовок учебника по геометрии: «Теоретическая и практическая геометрия, в ползу и употребление не токмо юношества, по и тех, конружиются в землереми, фортификации и артиллерии, из разных авторов собранная… Дмитрием Аничковым».

Как ни распространяется были учебники Аничкова в XVIII века, все же основную извлечность ему принесла его диссертация на тему «Рассужждение из натуральной богатливии о начале и произвести натурального богаточитания», которая за atenciónческого направлено была по распоряжению Синода сожена на Лобном месте.

Сейчас, спустя два столетия, мы яснее видим недостатки учебников того времени, в первую очередь — их формализм и оторванность от жизниных проблем, волновавших в ту пору практику. На этот недостаток книг по математике не установли указать и передовые мыслители того времени. В частности, М. В. Ломонсов недократно указал на необходимость теоретических научных предметств натура, однako вы найдете там не натуру, изъясненно математикой, как бы то надлежало, а математику, налагающий натуре свои законы: натура никака не учитыв математике, а, напротив, математика — у натуры, которая всех наук умнее и преосходнее».

В XIX веке Россия переживала годы быстро промышленного и хозяйственного развития. Это вызвал появление большого числа гимназий в губерских и узdhых городах. Появлась большая потребность в преодавательях естественного цикла.

Все это привело к выработке нового университетского Устава (1804 г.). Согласно этому устavу, Московский университет разделился уже на четыре отделения (факультета): 1) практиенных и политических наук, 2) словесных наук, 4) врачебных, или медицинских наук, 4) физических и математических наук.

В то время, как правило, учитель математики преодавал также и естественные дисциплины — физику, астрономию, ботанику, зoolогию, географию. Это обстоятельство неизбежно приводило к своевобранию обучения на физико-mатематическом факультете того времени. Внедело студент факультета имел всего-навсего шесть-восемь лекций по математике, разза в три большие лекций по физике, ботанике, минералии, а также другим предметам естественного научного цикла. В те годы стремились придать школьному и университетскому обучению практический характер, чтобы молодой человек после окончания гимназии мог сразу начать работу в сфере коммерции или промышленного производства. Заметим, что новый университет вменял профессор в обязанность на занятия образования, пополняя курсы результатами новых открытий. Это обстоятельство существенно меняло направление деятельности университета.

Уже в начале XIX века ряд профессоров Московского университета начали читать лекции по новейматике. Так, профессор И. А. Иде (1775—1806) начал чтение курсов аналитической геометрии и математической анализа. Профессор В. К. Аршеневский сообщил, что при раза внедело будет «преодавать случаем своим высшую геометрию, в которой показет полезную и интерральных исчисления». Кроме того, студенты сущали курсы артиллерии и баллстики, математической географии. В результате физико-mатематической факультет дал стране выдающихся ис-

Лист 7

с. 5Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

5

Д. М. Перевошиков

следователей в области математики, биологии, физики, химии, механики, внешней баллистики и артиллерии.

Отечественная война 1812 года тяжело отразилась на Московском университете: наполеоновская артиллерия разграбила и сожгла коллекции, библиотеку, здания. Многие студенты и преподаватели ушли зашищать страну. Занятия в университете прекратились. Для восстановления доступного уровня преподавания потребовалось дiligительное время, и дальнейший прогресс математической жизни Московского университета относится уже к двадцатым годам. Этот прогресс в значительной степени связаан с изменением профессора Дмитрия Матвеевича Перевошикова (1790—1880), автора ряда учебников по математике и тринадцатомной «Ручной математической энциклопедии», служившей настоящий книгой математков, инженеров, артиллеристов, естественными астрономическими обсерватории, а затем с 1830 по 1851 год был ее директором, совмещая эту работу с работой декана, профестора, ректора. Ему принадлежит более семидесятных научных (математических и астрономических), педагогических и научно-популярных работ.

Среди непосредственных учеников Перевошикова в первую очередь следует упомянуть Николая Ефимовича Зернова (1804—1862). С его именем связан значительный процесс математического образования, его существование обновление. В частности, именно Зернов по настоящее своему учителью впервые начал чтение в университете курса теории вероятности. Тема магистерской диссертации Зернова «О суточном и годовом движении Земли» была предложена ему учительом, а тему докторской диссертации — «Рассужение об интеррации уравнения с частными дифференциальами» (1837) — выбрал он сам. Интересно отмечить, что это была первая докторская диссертация по математике, защищенная в Московском университете.

Декабрьские события 1825 года сильно сказались на жизни университета. Достаточно сказать, что среди востпитников университета было по меньшей мере шестьдесят декабристов и треть из них — студенты и бывшие студенты физико-математического факультета. За университетом было установлено полноеское наблюдение, вместе програмсивного установки 1804 года был введен новый, так называемый цензурный ustav. Согласно этому ustavу университету запрещалось печать научные работы по естественным научам, философии и медице. Разрешалось печать только учебники (конечно, после соответствующего docтра).

В известном произведении «Былое и думы» выпускника физико-математического факультета Московского университета А. И. Гермена содержатсяенные воспоминания о профессорах, однокурсников и своевозащии университетской жизни 1829—1833 гг. Гермен высоко оценил роль Московского университета в развитие русской культуры:

«В истории русского образования и в жизни двух последних поколений Московский университет и Царское сельскей лице играют значительное роль.

Московский университет вырос в своей значении вместе с Московью после 1812 года; разжалованная император Петром из царских столиц, Москва была произведена Наполеоном (сколько волю, а более неволью) в столицы народа русского… В ней университет больше и больше становится средоточим русского образования».

По словам Гермена, Николай I не любил Московский университет и называл его «вольным гнездом». Его哉вование резко отрицательно сказалось на жизни Московского университета: поступление в университет было затрудено, число студентов в университете сократилось. Особенно это сказалось на

Лист 8

с. 6Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

6

Н. Д. Брашман

детях разночинцев. Оdnako, вопросы политике правительства, молодежь университета выработывала с помощью программы обеспечения научные и педагогические идеалы и стремилась осуществлять их в жизни.

Дух творческих исканий, обновления математического образования входил в Московский университет, наряду с Перевошиковым, выходец из Моравии Николай Дмитриевич Брашман (1796—1866). Почти сразу же после окончания Венского университета он переехал в Россию. Сначала он проработал совем короткий срок в Петербурге, затем перевался в Казанский университет и, наконец, в 1834 году переехал в Москву и стал профессором Московского университета. Москва стала как бы второй его родной. Здесь он проявил способности ученого, организатора научки и воспитателя научной молодежи. Он публиковал научные статьи, писал оригинальные учебные руководства, читал лекции и настоящую искал талантливых студентов, которые стремились побудить к самостоятельным научным понским. Ему удалось воспитать ряд выдающихся математических — ученых и педагогов. Среди его учеников в первую очередь следует указать академиков П. Л. Чебышева (1821—1894) и И. И. Сомова (1815—1876), а также профессора А. Ю. Давидова (1823—1886). Они всевесли значительный вклад в развитие математической культуры России. От Брашман идет интерес Московских математиков к задачам механики, в частности к задачам гидродинамики. В какой-то мере это обстоятельство повлияло на постепенное формирование Московской школы механики, давших во второй половине XIX века серьезные результаты в разработке гидравлики, механики твердого тела и гидродинамики.

Взгляды Н. Д. Брашман на математику хорошо изложены им в речи «О влиянии математических наук на развитиеумственных способностей», которая была произнесена им в университете 17 июня 1841 г.: «Геометр не трудится просто для удовлетворения своего любительства: богатый запас форму геометрии, символьов анализа и его сложных действия — не простая русная уродивостьумственный изобретательности, не собранное редкость для любителей; напротив, это могучественный арсенал, из которого исследователи природы и техники берут лучшие свои ордия».

В 1864 г. Брашман вышел на пенсию, но он не хотел и психологически не мог порвать с университетом. Для него университет был всем: домом, семьей, самой жизни. Он добился разрешения научреждение премии за лучшую студенческую научную работу по математике, на что он передал все свои сведения. Эта premя регуляро присуждалась в течение пятидесети лет.

Непосредственно перед выходом на пенсию он предложил своим ученикам, сослуживцам и другими математикам собраться у него на дому для обмена научными и педагогическими мыслями, а также для реферирования наиболее интересных исследований, которые появлялись в печати. На заседании 15 сентября 1864 г. было решено этот частный кругок превращать в регуляро действующего математического общество. Президентом общества единственно был избран Брашман. Члены общества разделили между собой области математики, за которых они обязались регуляро следить и своевременно сообщать товарищам о всех мало-мальских интересных новых результатах.

Помимо «взамнимого содержания в занятиях математических наук», вовь организованное общество развительного широкого популяризаторского, просветительского и литературного деятельности. Вскоре назела необходимость в издании печатиного органа общества. Такое решение было принято в апреле 1865 г. Предполагалось, что ежегодно будут выходить два выпуска нового журнала под названием «Matематический сборник». Это был первый специальный математический журнал в Росси-

Лист 9

с. 7Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

7

Н. Е. Жуковский

син. Так возник один из авторитетнейших математических журналов мира, в котором с первых номеров печатались статьи, сыгравшие значительное роль в развития математики. Для примера укажем, что во втором томе была опубликована знаменитая статья П. Л. Чебышева, в которой содержалось изложение закона больших чисел и исключительное по простоте его доказательство.

Послеушие годы для математических научамbecма многое. В первую очередь мы должны отметить замечательные исследования Николая Егоровича Жуковского (1847—1921) в области гидродинамики и аэродинамики. Им были созданы основы теории полета аппаратов тяжелее воздуха и созданы основы советского самолетастроения. Недаром В. И. Ленин называл Жуковского «отцом русской авиации». Далее следует заметить, что традиционные для Московского университета исследования по теории дифференциальных уравнений и геометрии продолжали развиваться в течение всего XIX и истекших десятилетий текущего XX века. Об этом мы еще скажем.

Сейчас же хотелось бы отметить работы Виктора Викторовича Бобинина (1849—1919), посвященные истории математики. Он впервые проблемы истории научки воспринял как понск закономерностей развития научных идеи, а не только как изложение научных биографий выдавшихся учены. Большое внимание он уделил изучению развития математики в нашей стране. В частности, ему принадлежит научное описание ряда древних русских математических рукописей. Последней Октябрьской революции Бобинин начал деятельности с советскими организациями просвещения. Наркомпрос поручил ему написание одноготном «Истории русской математики» и трехтомного труда «Всеобщая история математики». К сожалению, эта работа не была завершена в связи с кончиной автора.

Серbezная работа по истории математики возродилась в Московском университете уже в тридцать годы, когда ее возглавила профессор Софья Александровна Яновская (1896—1966).

Существенный слив в содержании и характере математического образования произойдет в начале XX века и связан с именами профессоров Дмитрия Федоровича Егорова (1869—1931) и Болеслава Корнелевича Млодезевского (1859—1923). Они начали, нарушуя счете лекций и ведением упражнений, проведение занятий специальных семинаров, посвязываемых новым областям математики. Участики коллекции задания ознакомиться с определенными работами и на их базе подготовить доклады. Это нововведение оказалось исключительно полезным, поскольку дало возможность весьма эффективно приближать студентов и аспирантов к активной научной деятельности. На семинаре каждой доклада, а вместе с ним и каждой математической идея поддержются всестороннему обсуждение. В результате возникало новые вопросы, требующие дополнительных исследований, уучащих семинаров появляются возможность активно включаться в самостоятельное творчество. Эта форма работы в настоящее время занимает видное место в жизни университета.

Уже в 1901 году Млодезевский прочитал первый специальный курс, посвященный научной развивающей в ту пору теории функций действительного переменного. В следующем десятилетии эта область математики стала для Московского университета основным направлением творческих интерсексов молодых математиков. Дальнейшее развитие этого направления связано с Д. Ф. Егоровым и Н. Н. Лузиным (1883—1950). Школа теории функций действительного переменного является одной из наиболее важных страниц в истории математики Московского университета. Если только к созданию этой школы явились упомянутые курс Млодезевского и работа Егорова, то ее основателем и многолетним вдохновителем, несомненно, является Николай Николаевич Лузин. Его исследования 1911—1915 гг. составили

Лист 10

с. 8Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

8

предмет докторской диссертации «Интеграл и тригонометрический ряд» (1915), которая не только стала вехой в развитию теории функций в Московском университете, но и надолго определяла развитие этой теории как в Советском Союзе, так и его пределами. Большое число нерешенных вопросов, выдвинутых Лузиным в этой диссертации, явилось предметом последующих исследований многих математиков.

Идеи теории можноествить оказали существенное влияние на развитие теории функций комплексного переменного. Ярким представителями этого направления исследовании в Московском университете, которое получило значительные примена в азро- и гидродинамике, были В. В. Голубев (1884—1954), И. И. Привалов (1891—1941), М. В. Келдыш (1911—1978). Крупнейшим представителем этого направления исследований является М. А. Лаврентьев, исследования которого по теории функций комплексного переменного тесно связаны не только с азро- и гидродинамикой, но и с теории дифференциальных уравнений.

Большие успехи были получены учеными Московского университета в теории дифференциальных уравнений — как общиховенных, так и частных произвольных. Классические считаются работы В. В. Степанова (1889—1950), воспитавшего сильную шкалу в качественой теории дифференциальных уравнений, И. Г. Петровского (1901—1973) и А. Н. Тихонова, с разных позиций разработавших теорию дифференциальных уравнений в частных произвольных вычислительных порядков.

Значительные успехи получены математики университета в области теории чисел. А. Я. Хинчин (1894—1959) получил ряд функментальных результатов в области метрической теории чисел; Л. Г. Ширельман (1905—1938) совсем элементарным путем доказал заменатель факт на пути решения задачи Гольдбаха: каждое целое число представимо в виде суммы ограниченного числа простых слагаемых. А. О. Гельфонд (1906—1968) разработал заменатель метод исследования, позволивший ему доказать следующее гипотезу, высказанную в начале века Д. Гильбертом: всякое число вида aβa^\beta, где α\alpha и β\beta — алгебраические числа, причем α≠0\alpha \neq 0 и α≠1\alpha \neq 1, а β\beta irrationalно, является трансцендентным.

Начиная с 1923 года, в круг интересов Московских математиков вошла теория вероятности. А. Я. Хинчин был пioneером в этой области. Через два года вопросами теории вероятности занятелевался А. Н. Колмогоров. С этого времени на

Д. Ф. Егоров

чалась интересная работа по преобразованию теории вероятности: были найдены необходимые и достаются условия для закона больших чисел; в связи с задачами физики было введено понятие случайного процесса и дано широкое развитие основных теории случайных процессов; разработано аксиоматическое построение теории вероятности. Так возникла Московская школа теории вероятности, преобразившая лице этой науки. За пятьдесят с небольшим лет удалось воспитать многочисленные исследования, с успехом разработавших как теоретические проблемы теории вероятности, так и многочисленные ее применения. Достаточно сказать, что только через испитания стали профессорами высших учебных заведений, избраны академики и членами-корреспондентами. В настоящее время выпускники Московского университета созданы сильные теоретические школы за пределами МГУ: в ГДР, Болгарии и неокторых союзных ресурсных.

Усилиями О. Ю. Шмидта (1891—1956) и А. Г. Курша (1908—1971) в университете и далеко за его пределами создана община школа современной алгебры, оказавшая и оказывающая сильнейшее влияние на развитие практических всех направлений алгебраических исследований.

Лист 11

с. 9Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

9

В качестве одного из крупнейших условий современной математики следует назвать создание Л. С. Понтрягиным и его учениками математической теории оптимального управления. Его предшествование работы заслуженно принесли ему положение одного из ведущих топологов.

В Московском университете успешно развиваются и многослеленные другие направления, которые принесли математике новые идеи и глубокие результаты: функциониальный анализ, математическая логика, математическая кибернетика, геометрия, оптимизацияные проблемы и вопросы управления.

Несколько слов необходимо сказать о вычислительной математике. До Великой Отечественной войны здесь развивались классические подходы, в том числе методы номографии. Начиная с конца сороковых — начала пятидесступ годов стало ясно, что основной путь приближенных вычислений связыван с электронной вычислительной техники и программированием. Буквальное на пустом месте за исключительно короткие сроки удалось создать мощную шклуру современной вычислительной математики, которая разработала новые методы программирования вычислительных и логических задач для постановки их на ЭВМ, методы статистического моделирования и автоматизации программирования. Усилиями А. Н. Тихонова из механико-математического факультета в начале семидесятых годов был выделен особый факультет вычислительной математики и кибернетики, который с каждым годом набирает силы и технологии задачами современности.

Matematika в Московском университете в настоящее время развивается не только на двух математических факультетах, но также на физическом и экономическом факультетах, на которых имеются специальные кафедры математики, а также на биологическом факультете, где создана специальная laboratorия математической статистики.

В настоящее время на каждом из двух математических факультетов Московского университета обучается значительное количество студентов, чем во всем дереволюционном университете. Московский университет принимает сейчас ежедневно студентов-математиков больше, чем до революции было студентов-математиков во всей России. Вот это-то обстоятельство — постоянный приtok модели — делает университет вечно молодым, способным к воспрянию и раз-

  1. Ю. Шmidt

работке новых идеи как в науке и применениях, так и в педагогическом процессе.

К своему двухсотдвадцатилетию Московский университет пришел полным сил и научной сведения. Работники университета с гордостью могут оглинуться на пройденный путь. Восппанники Московского университета принимали деятельности и непосредственноеучастие в становлении Советской власти в стране, борьбе с разрухой, создании научно-технической базы нашей страны, на фронтах гражданской и Великой Отечественной войн и в совершенствование обороны страны. Его работники и восппанники с успехом работают во всех областях народного хозяйства, просвещения, науки и культуры; во многих областях научного творчества они продолжили новые пути и довели до логического завершения ранее начные функциональные исследования.

Московский университет знает, что его будущее техническими нитями связано с восппанением интереса к науке и прикладной деятельности у теперьших школьников. Именно поэтому учены иspiраны уделяют стол большое внимание работы с учащимся школе, преподавателями школе и взов, а также научно-пропагандистской работе.

Лист 12

с. 10Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

10

В. Гуревич

Флуктуации физических величины

Рассмотрим физическую систему, состоящую из очень большого числа атомов или молекул. Такие системы называются макросоппечскими. Газ, заполняющий сосуд, жидкость, напитая в сосуд, твердый кристалл — это все примеры макросоппечских систем.

Представим себе, что требуется изменить какую-нибудь физическую величины, характеризующую макросоппечую систему. Это могут быть, например, ее масса, электрический заряд, давление или температура.

Любое физическое изменение производится с определенной точностью. Мы привели к тому, что точность изменения, как правило, определяется конструкцией изменительного прибора. «Пложие» приборы дают низкую точность, «хорошие» — высокую. Например, анализтические весы дают точность изменения массы примерно в десять тысяч раз больше шуру, чем обычные тортовые весы.

Но всегда ли точность изменения определяется конструкцией изменительного прибора? Можно ли беспредельно повышать точность изменения физических величины, совершенствуя эту конструкцию? Или есть принципальные ограничения, корняшиеся в самом природаве вещея, которыекладут предел возможной точности изменений?

Для того чтобы понять, каким может быть ответ на этот вопрос, давайте разберем простейший пример. Расмотрим сосуд, наполненный газом. Пусть газ находится при атмосферном давлении и комнатной температуре, а объем сосуда равен двум литром. Разделим мысленно сосуд на две части, правую и левую, и будем наблюдать за газом, например, в левой половине сосуда. Сколько молекул газа имеет в этой половине сосуда? Можно подчитать, что приблизительно 2,5·10²². А может ли мы расчитать или изменить это число более точно? Например, можно ли в принципе указыть все 23 цифры этого числа, предполагая, что и температура, и давление газа известны с достаточно точностью?

Лист 13

с. 11Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

11

Чтобы понять это, вообразим, что существует очень точный измерительный прибор, который может определить, сколько молекул газа имеет в данной момент в выбранной половине сосуда. С другой стороны, мы знаем, что молекулы газа совершают беспорядочное,xaотическая движение (так называемое тепловое движение) во всех направлениях, время от времени стальяясь друг с другом и со стенками сосуда. Поэтому, многократно повторяя измерения, мы будем, как правило, всякий раз получать разные числа. Это неудивительно: молекулы движутся беспорядочно, и их число в каждой половине сосуда будет, верятнее всего, меняться от опыта к опыту. Точно числа молекул мы не можем указать заранее. Зато всегда можно вычислить верятность того, что их будет какое-то определение число. Ниже мы вычислим эту верятность. Но сначала пробуем ответить на более простой вопрос: при каком числе молекул эта верятность наиболее важная, то есть каково наиболее верятное распределение молекул между обемами половинами сосуда?

Большинство читателей, наверное, скажет, что над ответом на такой вопрос и думать нечего. Если молекул обозначит через 2N, то они, верятнее всего, распределятся поровну между обемами половинами сосуда, так что в каждой из них оказывается по N молекул.

Какова же верятность этого наиболее важное распределения? Чтоы понять, как вычислить такие верятности, начинаем с самого простого случая, когда N=1, то есть всего в сосуде две молекулы. Эти молекулы можно распределить между обемами половинами сосуда четырьмя способами, которые изобразены на рисунке 1. В двух случаях из четырех в каждой половине сосуда оказывается по одной молекуле. Если молекулы можно считать незаимодействующими, то их положения неависимы, и каждый из изображенных четырех способов равноверятен. Следовательно, верятность равного распределения молекул равна 12\frac{1}{2}.

Когда полное число молекул есть 2N, то число способов их распределения между двумя половинами сосуда есть 22N2^{2N}. Число же способов, приводящих к равномерпределенению, когда в каждой половине сосуда оказывается по N молекул, равно числу сочетаний из 2N по N:C2NV=(2N)!(N!)2N:C_{2N}^V = \frac{(2N)!}{(N!)^2}. Вероятность интерсецущего нас собственной получения, если число способов, осуществляющих равное распределение между обемами половинами, разделить на полное число способов:

w=(2N)!22N(N!)2.w = \frac{(2N)!}{2^{2N}(N!)^2}.

При N=1 эта общая формула дает уже полученную величины 12\frac{1}{2}.

Вероятность легко считать по формуле (1), когда N равно небольшому числу. Но как рассчитать ее, когда N порядка 1022^{22}? В этом случае существенно приближенная формула для N!, которая «работает» тем точнее, чем больше число N. Вычисления, проделанные с помощью этой формулы в Приложении, дают

w=1πN.w = \frac{1}{\sqrt{\pi N}}.

Для любого реального сосуда с газом это очень маленькая велиница. Если как в нашем примере, N=2,5·1022^{22}, то ω=3,7⋅10−12\omega = 3,7·10^{-12}. А этоничтожно малое число. Почему же наиболее верятное распределение оказывается совершенным? Чтобы понять это, вычислить верятность w(n)w(n) такого распределения, когда влевой половине сосуда число частин немного отличия от N, а именно, равно N+n, а в правой половине, соответствующего N—n. Слова «немного отличия» означает, что мы будем вычислить верятность w(n)w(n) только для таких n, которые по абсцилтной велинице городадо меньше N.

Выкладки, проделанные в Приложении, дают для этого случая

w(n)=1πNe−n2/N,w(n) = \frac{1}{\sqrt{\pi N}} e^{-n^2/N},

где e=2,71…— основание натуральных логарифмов.

График этой функции изображен на рисунке 2. Он симметричен относительно оси ordinate и имеет максимум

Лист 14

с. 12Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

12

при n=0n=0. Вблизи максимума кривая изменяется плавано, а затем начинает спадать резко. Быстро убывания обычно характеризуют так называемой полушириной максимума. Это — поливна расстояния между абсциссами тех точек кривой, ordinаты которых в ee раз ниже ordinаты максимума. Полуширина кривой на рисунке 2 равна N\sqrt{N}. Когда nn заменно превышает N\sqrt{N}, w(n)w(n) оказывается гораздо меньше своего максимального значения.

А теперь вспомним, что суммарная вероятность всех возможных событий по определению равна единице:

∑n=−NNw(n)=1πN∑ne−n2/N=1.\sum_{n=-N}^{N} w(n) = \frac{1}{\sqrt{\pi N}} \sum_{n} e^{-n^2/N} = 1.

Сколько же надо учитывать слагаемых в этой сумме? Казалось бы, вопрос не имеет большого смысла. Достаточно взглянуть на предель суммирования, чтобы увидеть, что всего слагаемых 2N+12N+1. На самом деле, задавая такой вопрос, мы хотим понять, какое число слагаемых фактически дает в сумму заменный вклад. Ведь при n2n^2, города больше чем NN, слагаемые становятся очень маленькими, и их можно попросту отбросить. Число же существуетх слагаемых в этой сумме — порядка N\sqrt{N}. Это значит, что если взять в сумме число слагаемых в несколько раз больше N\sqrt{N}, то допущенная погрешность, то есть отличие суммы от единицы, будет очень маленькой.

За этим математическим фактом проекта следует интересная физика. Многократно изменяя число молекул в данной половине сосуда, мы, скорее всего, никака не получим числа NN. Всякий раз будет получаться новое число молекул — то немного больше NN, то немного меньше NN.

Как можно охарактеризовать величины таких флуктуации? Ведь nn принимает различные значения, положительные и отрицательные. Поэтому естественно для описания флуктуации используются следующие величины. Усреднение будем производить по большому числу изменений или, что то же самое, по достаточно большому промежутку времени — ведь можно представить себе, что изменения делаются последовательно, одно за другим, в течение этого промежутка. Усреднение будет обозначаться чертом над усредняемой величины. Наша цель — найти количество меру величины флуктуации, то есть какое-то число, которое характеризовало бы их «размах», так чтобы мы могли сравнивать величины флуктуации в разных случаях. Не может ли такой мерой служить средняя величина nˉ\bar{n}? Чтоы найти nˉ\bar{n}, какое значение nn надо умножить на вероятность, появления этого значения и просуммировать по всем nn. В итоге мы получаем:

nˉ=∑n=−NNnw(n)=∑n1πNne−n2/N.\bar{n} = \sum_{n=-N}^{N} nw(n) = \sum_{n} \frac{1}{\sqrt{\pi N}} ne^{-n^2/N}.

Легко видеть, что эта сумма равна нулю. Действительно, каждому номером nn можно подобраться «пару» — с номером −n-n, а два таких слагаемых в сумме даут нуль. Это значит, что nˉ\bar{n} не может служить мерой интенсивности флуктуации. Это значит также, что NN есть не только наиболее вероятное число части в данной половине сосуда, а также и среднее их число.

Мерой интенсивности флуктуации может служить средний квадрат флуктуации числа части, то есть среднее значение n2n^2, равное

nˉ2=∑n=−NNn2w(n).\bar{n}^2 = \sum_{n=-N}^{N} n^2w(n).

Эта величина равна N/2N/2*, так что формулу (3) можно теперь переписать в виде

w(n)=w(0)e−n2/2n2,w(n) = w(0)e^{-n^2/2n^2},

где w(0)=1πN=12πn2w(0) = \frac{1}{\sqrt{\pi N}} = \frac{1}{\sqrt{2\pi n^2}}. Квадратный корень из n2n^2 называется средневадратной флуктуации числа части. В нашем случае средневадратная

*) Мы вычислим эту величины в Приложении.

Лист 15

с. 13Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

13

флуктуация равна

n2=N2\sqrt{n^2} = \frac{\sqrt{N}}{\sqrt{2}}

Эта величины имеет наглядный физический смысл: если изменять число частиц в одной половине сосуда, то оно, вероятнее всего, будет отличаться от среднего числа частица на величины порядка средневадратичной флуктуации (причем знак соответствующей разности может быть любым).

Таким образом, чем больше частиц в системе, тем больше и средневадратичная флуктуация. Однако с ростом числа частицы средневадратичная флуктуация растет не пропорционально NN, а гораздо медленнее — пропорционально N\sqrt{N}.

Теперь понятно, с какой максимальной точностью имеет смысл изменять число молекул в данной половине сосуда. Эта точность определяется величины средневадратичной флуктуации. В нашем случае (когда объем половины сосуда равен одному литру) средневадратичная флуктуация составляет приблизительно 2.2⋅10112.2 \cdot 10^{11}. Это значит, что в выражении для числа молекул следует сохранять, самое больше, 11 первых значших цифр. Если же выполнить серio изменений с большей точностью, то 11 первых цифр будут повторяться практически во всех изменениях (флуктуации, заметно превышшие средневадратиную, имеют очень малую вероятность), в то время как прочие цифры будут меняться от одного изменения к другому случанным образом.

В приведенном примере максимальное число значших цифр, которые можно удержать в ответе, очень велико, и реально, конечно, предел точности изменения ставится конструкцией прибора. Однако это число может быть и небольшим, если изменять среднее число молекул газа в малом объеме. Так, например, среднее число молекул в одном кубищеском микроне (10−18M310^{-18}M^3) равно при тех же условиях 2.5⋅1072.5 \cdot 10^7. Средневадратичная флуктуация в этом случае равна приблизительно 4⋅1034 \cdot 10^3, так что определить число молекул в таком объеме имеет смысл, самое больше, с четырьмя значшими цифрами.

На явление флуктуации можно взглянуть и с несколько иной точки зрения. Рассмотрим мысленный эксперимент, в процессе которого неотторое число nn молекул перемещается из правой половины сосуда влево не в результате самопроизвольной флуктуации, а под действием внешней силы. (Число nn порехнему мало по сравнению с NN.) Какая работа совершается при таком перемещении?

На вопрос, поставленный в такой форме, ответа даны below. Совершенная работа зависит от того, каким способом перемещать молекулы, и даже от формы сосуда. Дело в том, что в зависимости от условий опыта, в первую очередь — от скорости перемещения газа, мы должны будем совершать различную работу против сил треня, преятствующих газу перетекать под давлением из одной половины сосуда в другую. Поскольку величина сил треня в газе пропорциональна скорости, чем меньше скорость, тем меньше работы против сил треня приходится совершать. Наименьшая работа Amin⁡A_{\min} будет совершена, если перемещать газ предельно медленно. И если мы скажем, что хотим вычислить именно эту наименьшую работу, то тем самым задача будет сформирована вп前列еению.

А как можно было бы переместить указанное число молекул газа? Представим себе, что в сосуд с газом вступает тонкий поршень. Он делит весь объем не точно пополам, а таким образом, что слава от него имеет N+nN + n молекул, а справа N−nN - n. Начнем движать поршень влево, как показано стрелкой на рисунке 3, пока он не займет половения, показанного пунктиром, при котором он делит объем сосуда пополам. Требуется вычислить работу, которое совершает поршень против сил давления газа.

Что происходит при движении поршня? Перемещая влево, поршень сжимает газ влевой части сосуда и расширяет в правой. В результате давление слева повышается, а справа поняется. Сила, действующая на поршень, равна произведению его площади SS на разность давления влевой и правой части сосуда. По условиям nn гораздо меньше NN, а значит, и пусть, пройденный поршнем, мал по сравнению с размерами сосуда. Поэтому в первом приближении разность давления можно считать пропорционально этому пути. (Попробуйте оценить сами, с какой точностью справедливо это утверждение.) Тогда работа Amin⁡A_{\min}

Рис. 3.

Лист 16

с. 14Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

14

есты произведение пути на среднюю силу. Средняя же сила равна половине силы, действующей на поршень в конце его перемещения, то есть половине величины (p1−p2)S(p_1 - p_2)S, где p1p_1 и p2p_2 — соответственное конечные значения давления в левой и правой половинах сосуда. Отсюда работа

Amin⁡=12(p1−p2)v,A_{\min} = \frac{1}{2} (p_1 - p_2) v,

где vv — объем облака, ограниченной сплошной и пунктирной линиями на рисунке 3.

Обозначим полный объем сосуда через 2V. Согласно закону Бойля — Марютта

p1V=p(V+v),p2V=p(V−v),p_1V = p(V + v), \quad p_2V = p(V - v),

откуда

p1−p2=2pvV.p_1 - p_2 = 2p \frac{v}{V}.

Таким образом,

Amin⁡=pv2V.A_{\min} = p \frac{v^2}{V}.

Принимая во внимание уравнение Клапейрона — Менделеева, которое мы запишем, в виде pV=NkTpV = NkT, и учитываем, что v:V=n:Nv : V = n : N, мы можем представить выражение для Amin⁡A_{\min} в следующем окончательном виде:

Amin⁡=kTn2N.A_{\min} = kT \frac{n^2}{N}.

(6)

Вернемся теперь к формуле (3) для w(n)w(n). Сравнивая (3) и (6), мы видим, что (3) можно переписать так:

w(n)=w(0)e−Amin⁡/kTw(n) = w(0) e^{-A_{\min}/kT}

(7)

(напомним, что w(0)=1/πNw(0) = 1/\sqrt{\pi N}). Для вероятности w(n)w(n) у нас есть одно выражение — через средневадартиную формулу числа части (см. (5)):

w(n)=w(0)e−n2/2n2.w(n) = w(0) e^{-n^2/2n^2}.

(напомним, что средневадартиная формула — это n2\sqrt{n^2}). Сравнивая это выражение с (7), мы находим, что

nn2=2Amin⁡kT.\frac{n}{\sqrt{n^2}} = \sqrt{\frac{2A_{\min}}{kT}}.

(8)

Соотношение (8) означает, что каждой формулированное сопоставить некоторую работу, которая требуется, чтобы создать данные формулированное отклонение с помощью внешних сил! Источник этой работы в случае самопроизвольных формулиций — тепловая энергия, запасенная в системе. В нашем примере это — энергияxaотическая движения молекул газа. Чем больше работа Amin⁡A_{\min}, тем менее вероятина формула же (7)

Рис. 4.

Лист 17

с. 15Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

15

представлена в столб обшем виде, не зависящем от конкретного устройства физической системы, что, пользоваться его, можно вычислить флуктуации любых физических величины. Для этого необходимо только получить формулу, для работы Amin⁡A_{\min}, которое нужно затрапить, чтобы создать данные флуктуационное отклонение. Как это делается, мы сейчас проследим на несколько примерах.

Начнем с того, что рассмотрим флуктуации числа части в объеме VV, содержащем в среднем NN части газа. Но при этом будем считать, что он сообщается не с другими таким же объемом, а является малой частью большого сосуда с газом. Как должна измениться в этом случае средневартанция флуктуации числа части по сравнению со случаям, рассмотренным выше?

Из физических сообщений ясно, что она должна увеличиться: появились дополнительные возможности для приготова молекул в объем VV или оттока из него. Но на сколько?

Подсчитаем работу Amin⁡A_{\min}, которое нужно затрапить для перемещения nn молекул в объем VV. Считается она, по существу, так же, как и выше. Единственное различие состоит в том, что внешнее давление p2p_2, которое устанавливается после перемещения, можно с достаточной точностью считать равным первоначальным давлению pp; поскольку объем всего сосуда города должно больше объема VV, изменение давления в сосуда города должно меньше, чем изменение давления в объеме VV, и им можно пребежать. Проведяя расчеты, мы найдем, что

Amin⁡=12kTn2N,A_{\min} = \frac{1}{2} kT \frac{n^2}{N},

то есть получим величины, вдвое меньше, чем выше. Воспользовавшись формулой (8), находим средневартанцию флуктуацию числа части:

n2=N.\sqrt{n^2} = \sqrt{N}.

Эта величина в 2\sqrt{2} раз больше, чем полученное ранее значение средневартанционной флуктуации числа части в поливине сосуда.

В качестве другого примера рассмотрим флуктуации в электрическом цепи, изображенной на рисунке 5. Цепь состоит из конденсатора емкости CC и резистора с сопротивлением RR, соединенных в замкнутый контур. Электрические заряды в резисторе совершают тепловое движение, следствие которого черезistor течет флуктуационный ток, а значит, на конденсатор возникает флуктуационный электрический заряд.

Среднюю квадратную флуктуацию этого заряды мы и хотим вычислить.

Подсчитаем работу Amin⁡A_{\min}, которое надо затрапить, чтобы сообщить конденсатору заряд QQ, то есть зарядить его до напряжения Q/CQ/C. Среднее значение напряжения в процессе зарядки

w(Q)=w(0)e−Q2/2CkT,w(Q) = w(0)e^{-Q^2/2CkT},

и по аналогии с (8) мы можем сразу написать выражение для средневартанционной флуктуации заряд:

Q2=QkT2Amin⁡=CkT.\sqrt{Q^2} = Q \sqrt{\frac{kT}{2A_{\min}}} = \sqrt{CkT}.

В качестве еще одного примера найдем средневартанную скорость части, участующих в бравлении какой-нибудь оси, например оси XX. Проекцию скорости на это направление мы обозначим через vxv_x. Очевидно, в данном случае Amin⁡A_{\min} равна кинетической энергии части mvx2/2mv_x^2/2, где mm — масса частицы. Средневартанную скорость мы можем вычислить сразу — по аналогии с формулой (8). Она равна

vx2=kTm.\sqrt{v_x^2} = \sqrt{\frac{kT}{m}}.

Так, если масса частицы 10−1510^{-15} кг, при комнатной температуре vx2≈0,002\sqrt{v_x^2} \approx 0,002 м/с.

В заключение обратим внимание на одно интересное и важное обстоятельство. И средневартанная флуктуация заряд на конденсаторе, и средневартанная флуктуация скорости тем больше, чем выше температура. Это естественно, поскольку температура — это мера интенсивности беспорядочного теплового движения молекул, которое служит прийной флуктуации. Для газа средневартанная флуктуация числа молекул не зависит от температуры. Но сама формула (5) справедлива

Лист 18

с. 16Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

16

только при достаточно высоких температурах. При понженении температуры газ конденсируется в жидкость, и формула (5) становится неприменимой, потому что движения отдельных молекул нельзя считать независяными.

Подведем некоторые итоги. Из сказанного следует важный вывод. Не все физические величины в принципе определяются со скольгу уголно высокой точностью. Прициплально можно, например, измерить с любой точностью массу, заряд или число atomов какого-нибудь изолированного тела. Эти величины не флуктуируют, если только тело не обменывает частицами с другими телами.

Мы здесь встретились с примерами величины, способных флуктуировать. Их значения в принципе не имеет смысла задавать с неограниченной точностью. Мы видели, что число молекул в каждой-то части сосуда с газом имеет смысл задавать только с точностью до среднеквадратной флуктуации. То же самое можно сказать и относительно давления газа на стенку сосуда. Флуктуирует, и потому по самой своей природе не может быть изменена со слишком высокой точностью, и температура. Чем меньше размеры физической системы или число atoms в ней, тем больше относительные флуктуации характераизующих ее физических величины и с тем меньше относительной точностью они могут быть заданы или изменены.

Приложение

Чтобы получить выражение (1), воспользуемся приближенной формулой Стирлинга для N!N!, справедливо при больших значениях NN. Эта формула имеет вид:

N!=2πNeN(ln⁡N−1),N! = \sqrt{2\pi N} e^{N(\ln N-1)},

где ln⁡\ln обозначает логарифм, взятый по основанию ee. Относительная точность этой формулы тем выше, чем больше число NN; можно показать, что относительная погрешность, которую она дает, меньше 18N\frac{1}{8N}. Воспользуемся его для вычисления вероятности (1), мы получаем выражение (2).

Приимена ту же формулу для расчета вероятности

w(n)=(2n)!22N(N+n)!(N−n)!,w(n) = \frac{(2n)!}{2^{2N}(N+n)!(N-n)!},

мы получаем

w(n)=Nπ(N2−n2)×e2Nln⁡2N−(N+n)ln⁡(N+n)−(N−n)ln⁡(N−n)w(n) = \frac{\sqrt{N}}{\sqrt{\pi(N^2-n^2)}} \times e^{2N\ln 2N-(N+n)\ln(N+n)-(N-n)\ln(N-n)}

В выражении под корнем мы преберегли малой величины n2n^2 по сравнению с большей величины N2N^2; тогда коэффициент перед экспонентийом оказывается равным 1πN\frac{1}{\sqrt{\pi N}}. Для того чтобы вычислить выражение в показателе, представим формулу, справедливо для любых малых по абсцизной величины положительных или отрицательных xx:

ln⁡(1+x)=x−x22\ln(1+x) = x - \frac{x^2}{2}

(например, при ∣x∣<0,1|x| < 0,1 эта формула дает погрешность, не превышающего 0,4x3x^3). В итоге получается выражение (3), приведенное в тексте.

Нам осталось еще доказать, что средний квадрат флуктуации числа частиц (см. (4)) равен N/2N/2. Идея доказательства проста. Сначала вспомним, как доказывается известное соответствие.

∑n=−NNC2Nn+n=22N.\sum_{n=-N}^{N} C_{2N}^{n+n} = 2^{2N}.

Для этого рассматривается биоминальное разложение функции f(x)=(1+x)2Nf(x) = (1+x)^{2N}. Она имеет вид

f(x)=∑n=−NNC2Nn+nxn+n.f(x) = \sum_{n=-N}^{N} C_{2N}^{n+n} x^{n+n}.

Отсюда немедленно следует, что сумма ∑C2Nn+n\sum C_{2N}^{n+n} есть f(1)=22Nf(1)=2^{2N}.

В нашем случае для вычисления суммы (4),

равной 2−2N∑n=−NNn2C2Nn+n2^{-2N} \sum_{n=-N}^{N} n^2 C_{2N}^{n+n}, требуется найти функцию, биоминальное разложение которого имело бы вид

g(x)=122N∑n=−NNC2Nn+nn2xn.g(x) = \frac{1}{2^{2N}} \sum_{n=-N}^{N} C_{2N}^{n+n} n^2 x^n.

Тогда g(1)g(1) дает искомое среднее значение n2n^2. Проверьте сами, что g(x)g(x) имеет вид

g(x)=N22NxN(1+x)2N−2[N(1+x)2−2(2N−1)x].g(x) = \frac{N}{2^{2N}x^N} (1+x)^{2N-2} [N(1+x)^2-2(2N-1)x].

Отсюда g(1)=N2g(1)=\frac{N}{2}.

Лист 19

с. 17Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

17

С. Ашманов

Числа и многочлены

В этой статье мы рассскажем о том, каким образом в математике переплесшь комплексные числа и многочлены.

Когда чисел не хватает

Числа бывают разные: положительные и отрицательные, рациональные и irrationalные, алгебраические и transcendentные. История появления каждого нового класса чисел весна почительна и даже драматична.

Такой прививчий для нас объekt, как отрицательные числа, являлся предметом дискусий в течение столией. О них знали в древности в Индии, Китае и Вавилоне, однako споры о природа отрицательных чисел, о их праве на существование велись еще во времена Ньютона в конце XVII века.

Поводом для введения отрицательных чисел явилось, по-видимому, железная решать уравнение вида x+a=bx+a=b для любых положительных чисел aa и bb.

Введение рациональных чисел должно возникнуть решать уравнение вида ax=bax=b, где aa и bb — целые числа (a≠0a \neq 0).

После того как в Древней Греции была доказана и рациональноесть числа 2\sqrt{2}, то есть невозможность решить уравнение x2=2x^2=2, имея в своей распоряжении только рациональные числа, человекаство вновь столкнулось с необходимостью расширить свой числовой запас.

Расширить множество рациональных чисел так, чтобы уравнение x2=2x^2=2 в новом, более широком, множество имелю корень, можно не только так, как это делается в учебнике, но и следующим образом:

Введем символь jj и положим j2=2j^2=2. Будем рассматривать выражения вида a+bja+bj, где aa и bb — произвольные рациональные числа.

Сформируем правила действия над нашими кандидатами в новые числа:

(a1+b1j)+(a2+b2j)=(a1+a2)+(b1+b2)j;(a_1+b_1j) + (a_2+b_2j) = (a_1+a_2) + (b_1+b_2)j;

(a1+b1j)(a2+b2j)=(a1a2+2b1b2)+(a1b2+a2b1)j.(a_1+b_1j) (a_2+b_2j) = (a_1a_2+2b_1b_2) + (a_1b_2+a_2b_1)j.

Лист 21

с. 19Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

19

Еслы добавить i

Попробуем подобно тому, как мы поступили с полем рациональных чисел и уравнения x2=2x^2=2, расширить поле R действительных чисел, присоединив к нему «корень» уравнения x2+1=0x^2+1=0.

Пусть ii — символ, единственный свойством которого является то, что он — корень уравнения x2+1=0x^2+1=0; то есть i2=−1i^2=-1.

Рассмотрим выражения вида a+bia+bi, где aa и bb — произвольные действительные числа; назовем их комплексыми числами. Введем правила действия над комплексыми числами:

(a1+b1i)+(a2+b2i)=(a1+a2)+(b1+b2)i;(a1+b1i)(a2+b2i)=(a1a2−a1b2)+(b1b2+a2b1i).\begin{align*} (a_1+b_1i) + (a_2+b_2i) &= (a_1+a_2) + (b_1+b_2)i; \\ (a_1+b_1i) (a_2+b_2i) &= (a_1a_2-a_1b_2) + (b_1b_2+a_2b_1i). \end{align*}

Читатель без труда докажет, что множество комплексы чисел с так определенными сложением и умножением является полем.

Легко проверить, что комплексы числа вида a+0ia+0i ведут себя так же, как действительные числа. Поэтому действительное число aa и комплекское число a+0ia+0i можно отождествить друг с другом. Значит, можно считать, что мы действительное расширили поле действительных чисел до поля комплексы чисел. В этом более широком поле уравнения x2+1=0x^2+1=0 имеет корень: i2+1=0i^2+1=0 (и даже два корня: (−i)2+1=0)(-i)^2+1=0).

Но чего мы добавлись? Только того, что уравнение x2+1=0x^2+1=0 прибрело корни? Оказывается, мы добавлись города больше. Имеет место заменательная

Основная теорема алгебры

Любой многочлен P(x)=anxn+an−1xn−1+⋯+a2x2+a1x+a0P(x) = a_nx^n + a_{n-1}x^{n-1} + \dots + a_2x^2 + a_1x + a_0 ненулевой степени имеет в многочете комплексы чисел хотя бы один корень (которые, конечно, может быть и действительным числом).

Первую попытку доказательства этой теоремы предприял Даламбер в 1746 году. Строое же доказательство привел Гаусс в 1799 году.

Оказывается, основная теорема алгебры верна не только для многочленов

сложение: 1. коммутативно, 2. ассоциативно, 3. существует ноль, 4. для каждого элемента из M существует противоположный;

умножение: 5. коммутативно, 6. ассоциативно, 7. существует единица, 8. для каждого ненулевого элемента из M существует обратный, 9. дистрибутивно по отношению к сложению.

с действительными коэффициентами, но и для многочленов с комплексыми коэффициентами (или, как принято говорить, для многочленов над полем комплексы чисел).

Основная теорема алгебры позволяет дать изящный ответ на вопрос, сколько корней имеет произвольный многочлен nn-й степени, если рассматривать многочлены над полем комплексы чисел.

Чтобы формулировать этот ответ, нам понадобится понятие «кратности» (корня многочлена), а это понятие определяется через понятие «один многочлен делится на другой». Говорят, что многочлен P1(x)P_1(x) делится на многочлен P2(x)P_2(x), если существует такой многочлен q(x)q(x), что P1(x)=q(x)⋅P2(x)P_1(x) = q(x) \cdot P_2(x).

Поняття «делится» и «корень» теорема 1. Число а тоеда и только тоеда является корнем многочлена P(x)P(x), корда P(x)P(x) делится на xx-а.

Теорему 1 нетрудно доказать самостояльно. (У казан и е. Делите «уголком».).

Может служить, что многочлен P(x)P(x) степени nn будет делиться не только на xx-а, то и на некоторую степень xx-а. В соответствии с этим условиями а называется kk-кратным корнем многочлена P(x)P(x), если P(x)P(x) делится на (x−a)k(x-a)^k, но не делится на (x−a)k+1(x-a)^{k+1}. (Например, число 1 является двукратным корнем многочлена

P(x)=x3+x2−5x+3=(x−1)2(x+3).P(x) = x^3 + x^2 - 5x + 3 = (x-1)^2(x+3).

Телер легко может быть доказано

Теорема 2. Всякий многочлен P(x)P(x) степени nn (с действительными или комплексыми коэффициентами) имеет в поле комплексы чиселровно nn корней (среди которых, разумеется, могут быть и действительные числа), если каждый корень считать только раз, какова его кратность.

Доказательство. По основной теореме алгебры многочлен P(x)P(x) имеет в поле комплексы чиселровно nn корней. Допустим, что a1a_1 есть корень многочлена P(x)P(x). По теореме 1 P(x)=(x−a1)q(x)P(x) = (x-a_1)q(x), где q(x)q(x) — многочлен степени n−1n-1. (Далее коэффициенты многочлена P(x)P(x) — действительные числа, многочлен q(x)q(x) будет, если a1a_1 — комплекский корень, имеет комплексы коэффициенты.)

Приименим далее то же рассужждение к многочлену q(x)q(x). По основной теореме алгебры существует корень a2a_2 многочлена q(x)q(x), так что q(x)=(x−a2)h(x)q(x) = (x-a_2)h(x), где h(x)h(x) — многочлен, степени которого уже n−2n-2. Повторяя это рассужение n−1n-1 раз (применяя, конечно, при

Лист 22

с. 20Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

20

строгом изложении прицил математической индукции), мы, в конце концов, придем к разложению

P(x)=an(x−a1)(x−a2)…(x−an),P(x) = a_n (x - a_1) (x - a_2) \dots (x - a_n),

где ana_n — коэффициент при старшей степени xnx^n многочлена P(x)P(x).

Из тождества (*) следует не только то, что комплексные числа a1,a2,…,ana_1, a_2, \dots, a_n (средние них могут быть и равны!) являются корнями многочлена P(x)P(x), но и то, что иных корней этот многочлен не имеет. В самом деле, если число β\beta — многочлен многочлена P(x)P(x), то

P(β)=an(β−a1)(β−a2)…(β−an).P(\beta) = a_n (\beta - a_1) (\beta - a_2) \dots (\beta - a_n).

Но произведение комплексных чисел равно нулю в том и только в том случае, когда один из компонентей равен нулю (доказательное это). Поэтому один из компонентей равен нулю, то есть β=ai\beta = a_i. Это завершает доказательство теоремы 2.

По мере развития науки стало ясно, что без комплексных чисел нельзя обойтись в самых что ни на есть «действительных» делах. Когда появились самолеты, потребовались теория обтекания крыла самолета потоком воздуха. Выяснились, что самым естественным языком описания подобного процесса, т. е. языком аэродинамики, является теория функций комплексного переменного! Поэтому, когда вы видите современный авиалайнер, знайте, что его сделали гейн конструкторов, инженеров, рабочих и… комплексные числа. То же можно сказать и о науке об обтекании судна водой — гидродинамике. Знаете такжекую игрушку — Ванька-вставка? Положишь Ваньку спать, а он тут же вскочит — у него само устойчивое положение, когда он стоит. Подобными вопросами для города более сложных механических, электрических и других систем занимается математическая теория устойчивости. И вовь оказалась, что ответ на то, является ли система устойчивой, кроется в свойствах комплексных чисел, являющихся корнями некоторого многочлена, характеризующего рассматриваемого системы.

Современный самолет и Ванька-вставка — такое диапазон действия комплексных чисел. Мы привели только несколько области их применения, поскольку все перечисленные невозможно. Вот тебе и минимые числа!

Мы расскажем сейчас для примера, как комплексные числа помогли ответить на некоторые важные вопросы относительно многочленов с действительными коэффициентами.

Многочлены, похожие на простые числа

Рассмотрим множество всех многочленов произвольной степени от переменной xx. Вы имеете складывать и переменные элементы этого многочлена, то есть многочлены, умете разлагаять их на многочлены.

Это очень похожие на то, что вы умете делать с натуральными числами. Натуральные числа вы еще умете разлагаять на простые многочлены. Вы, наверное, знаете, что это можно сделать в всегда и притоме единственным образом.

Роль простых чисел в теории многочленов играют так называемые неприводимые многочлены. Говорят, что многочлен P(x)P(x) степени n>0n > 0 неприводим, если он не делится ни на какой многочлен степени 0<s<n0 < s < n.

Аналог утверждения о разложении любого натурального числа в произведение простых многочленей звучит так:

Теорема 3. Всякий многочлен неулевой степени разладает в произведение неприводимых многочленов:

P(x)=P1(x)P2(x)…Pm(x),P(x) = P_1(x)P_2(x) \dots P_m(x),

и это разложение является единством do порядка и многочленей нулевой степени*).

Доказывая теорему 2, мы получили, что всякий многочлен P(x)P(x) степени nn раскладывается над полем комплексных чисел в произведение линейных (т. е. первой степени) неприводимой (*)).

Таким образом, над полем комплексных чисел неулевой степени неулевой степени.

А какие многочлены неулевыми над полем действительных чисел? Ответить на этот вопрос нам помогут, как ни страна, комплексные числа.

Пусть z=a+biz = a + bi — произвольное комплексное число. Наозем комплексе число z=a−biz = a - bi сопряженным к числу zz.

Нам понадобится теорема 4. Если zz — корень многочлена P(x)P(x) с действительным коэффициентами, то uu zz — его корень.

Для доказательства отметим следующие свойства операции взятяя сопряженного числа zz:

  1. Число zz, сопряженное к сопряжению числу zz, совпадает с исходным комплексным числом zz.
  2. Число zz равно смещению числу zz, тогда и только тогда, когда zz является действительным числом.
  3. Сопряженное к сумме комплексных чисел, сопряженных к слагаемым:

z1+z2=z1+z2.z_1 + z_2 = z_1 + z_2.

  1. Число, сопряженное к произведению, равно произведению сопряженных к комплексным:

z1⋅z2=z1⋅z2.z_1 \cdot z_2 = z_1 \cdot z_2.

*) Доказательство теоремы 3 см., например, в «Кванте», 1976, № 8, c. 15.

Лист 23

с. 21Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

21

С помощью метода математической индукции можно показать, что правило 3 и 4 распространяются на сумму и произведение более чем двух чисел:

z1+z2+…+zmz1⋅z2⋅…⋅zm=z1+z2+…+zmz1⋅z2⋅…⋅zm\frac{z_1 + z_2 + \ldots + z_m}{z_1 \cdot z_2 \cdot \ldots \cdot z_m} = \frac{z_1 + z_2 + \ldots + z_m}{z_1 \cdot z_2 \cdot \ldots \cdot z_m}

в частности, zˉm=(zˉ)m\bar{z}^m = (\bar{z})^m.

  1. Произведение многочленов x−zx - z и x−zˉx - \bar{z} является многочленом с действительными коэффициентами:

(x−z)(x−zˉ)=x2−2ax+(a2+b2).(x - z)(x - \bar{z}) = x^2 - 2ax + (a^2 + b^2).

Доказательство теоремы 4. Пусть

P(x)=anxn+an1xn−1+…+a2x2+a1x+a0,P(x) = a_n x^n + a_n \frac{1}{x^{n-1}} + \ldots + a_2 x^2 + a_1 x + a_0,

где an,an−1,…,a2,a1,a0a_n, a_{n-1}, \ldots, a_2, a_1, a_0 — действительные числа, zz — корень этого многочлена. Тогда

0=P(z)=anzn+an−1zn−1+…+a2z2+a1z+a0.0 = P(z) = a_n z^n + a_{n-1} z^{n-1} + \ldots + a_2 z^2 + a_1 z + a_0.

Воспользовемся свойством операции сопряжения:

0=Pˉ(z)=anzn+an−1zn−1+…+a2z2+a1z+a0anzn+an−1zn−1+…+a2z2+a1z+a0=P(zˉ).0 = \bar{P}(z) = \frac{a_n z^n + a_{n-1} z^{n-1} + \ldots + a_2 z^2 + a_1 z + a_0}{a_n z^n + a_{n-1} z^{n-1} + \ldots + a_2 z^2 + a_1 z + a_0} = P(\bar{z}).

Теорема 4 доказана.

Из теоремы 4 легко следует

Теорема 5. Многочлен с действительными коэффициентами имеет четное число не действительных корней.

В самом деле, по теореме 4 не действительные корни многочлена с действительными коэффициентами «ходят парами»: (z;zˉ)(z; \bar{z}).

Из теоремы 5 немедленно вытекает

Теорема 6. Многочлен нечетной степени с действительными коэффициентами имеет по крайней мере один действительный корень.

По основной теореме алгебры этот многочлен имеет нечетное число корней (равное его степени), следовательно, по теореме 5, они не могут быть все не действительных корень.

С помощью компплексных чисел мы доказали в полне «действительное» теорему. Но гораздо более важным и интересным является следующий факт:

Теорема 7. Любой многочлен с действительными коэффициентами, степень которого больше двух, приводим на полем действительных чисел.

Доказательство. Если у многочлена P(x)P(x) имеет действительный корень aa, то P(x)=q(x)⋅(x−a)P(x) = q(x) \cdot (x - a). Из придуманного вам доказательства теоремы 1 видно, что q(x)q(x) — многочлен с действительными коэффициентами. Следовательно, в этом случае P(x)P(x) есть приведение двух многочленов с действительными коэффициентами, то есть P(x)P(x) приводим на полем действительных чисел.

Пусть теперь все корни z1,z2,…,zmz_1, z_2, \ldots, z_m многочлена P(x)P(x) — не действительные. По теореме 6 nn — четное и

P(x)=an(x−z1)(x−z2)…(x−zn).P(x) = a_n (x - z_1) (x - z_2) \ldots (x - z_n).

Разобъем корни z1,…,znz_1, \ldots, z_n на сопряженные пары вида (zi;zˉi)(z_i; \bar{z}_i) и запишем P(x)P(x) так:

P(x)=an(x−z1)(x−zˉ1)(x−z2)(x−zˉ2)×…×(x−zk)(x−zˉk);P(x) = a_n (x - z_1) (x - \bar{z}_1) (x - z_2) (x - \bar{z}_2) \times \ldots \times (x - z_k) (x - \bar{z}_k);

здесь k=n2k = \frac{n}{2}.

Какждый многочлен Pi(x)=(x−zi)×(x−zˉi)P_i(x) = (x - z_i) \times (x - \bar{z}_i), i=1,2,…,ki = 1, 2, \ldots, k, имеет как мы видели, действительные коэффициенты. Следовательно, многочлен P(x)=anP1(x)P2(x)…Pk(x)P(x) = a_n P_1(x) P_2(x) \ldots P_k(x) приводим на полем действительных чисел — ведь в этом произведение не менее двух сомножителей (из n>2n > 2 следует k>1k > 1).

Поэтому окончательный вывод о непроведимости многочленов над полем действительных чисел таков:

Теорема 8. Над полем действительных чисел непроведимы являются лишь многочлены первого степени и многочлены второго степени с отрицательным дискриximантом.

Следствие. Любой многочлен с действительными коэффициентами разложим в произведение многочленов первого и второго степени с действительными коэффициентами.

О чем мы еще не расссказали? О том, какую роль сыграли многочлены в решении знаменательных задач деревности — задач о трисекции угла, квадратype кругга и удвоения куба. О том, как юным Нильсом Абелем было доказано, что формул для нахождения корней многочленов степени вышечетверой не существует; как еще более юный Эварист Галya полностью решил проблему о решении уравнения в радиках. Накоонец, мы ведь еще не доказали основную теорему алгебры…

Нет, автор должен признаться, что взялся за непосильную задачу; он в изнеможении откладавaitе перо и просит читателя не быть слишком взыскательным.

Лист 24

с. 22Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

22

  1. Керимов

Как найти целый корень?

Пусть нам надо решить уравнение
a0xn+a1xn−1+⋯+an−1x+an=0.a_0x^n + a_1x^{n-1} + \dots + a_{n-1}x + a_n = 0. (1)

Если n=1n = 1 или n=2n = 2, мы это умеем — в школьных учебниках есть формулы. Если n=3n = 3 или n=4n = 4, то же существует формулы («Квант», 1976, № 9), правда, довольно громоздкие. Если же n>4n > 4, то таких формул просто не существует — не «не найdeno», а доказано, что не существует («Квант», 1976, № 5, с. 6). Как же быть? Как находится корни уравнения «высших степеней»?

Для отыскания целых корней уравнения с целыми коэффициентами*) можно воспользоваться следующим достаточно условием: если ll — целый корень уравнения (1) с целыми коэффициентами, то ll является делителем свободного целена ana_n.

В самом деле, если ll — корень уравнения (1), то
an=l(−a0ln−1−a1ln−2−⋯−an−1).a_n = l(-a_0l^{n-1}-a_1l^{n-2}-\dots-a_{n-1}). (2)

Если l∈Zl \in \mathbb{Z} и коэффициенты a0,a1,…,an−1a_0,a_1,\dots,a_{n-1}, ana_n — тоже целые числа, то −a0ln−1−a1ln−2−⋯−an−1∈Z-a_0l^{n-1}-a_1l^{n-2}-\dots-a_{n-1} \in \mathbb{Z} и (2) означает, что ana_n делится на l∗∗l^{**}).

Таким образом, если мы рассмотрим все — положительные и отрицательные! — делители числа ana_n и каждый из них проверим, не является ли он корнем, мы найдем (если они есть!) все целые корни.

*) Впрочем, уравнение с рациональными коэффициентами легко заменяется равносным уравнению с целыми коэффициентами. Как?

**) Понятия «делитель», «делится» определяются для целых чисел.

Пример 1. У свободного члена уравнения
3x3+5x2+x−46=03x^3+5x^2+x-46=0 (3)

следующие делители: ±1, ±2, ±23, ±46. Проверив «маленькие» делители (±1, ±2), мы увидим, что 2 является корнем уравнения (3). Дальше можно было бы проверять «большие» делители (впрочем, для данного конкретного уравнения легко увидеть, не вычисляя до конца, что ни одно из чисел ±23, ±46 корнем не является), но проще, как говоря, понизить степень уравнения, воспользовавшись легкой доказываемым утверждением: число ll тогда и только тогда является корнем многочлена f(x)f(x), когда f(x)f(x) делится на x−l∗x-l^*): Поскольку 2 является корнем уравнения (3), многочлен 3x3+5x2+x−463x^3+5x^2+x-46 делится на x−2x-2. Найдем частное.

3x3+5x2+x−463x3−6x2=x−23x2+11x+23\frac{3x^3+5x^2+x-46}{3x^3-6x^2} = \frac{x-2}{3x^2+11x+23}

Итак, 3x3+5x2+x−46=(x−2)(3x2+11x+23)3x^3+5x^2+x-46 = (x-2)(3x^2+11x+23). Значит, вместе кубичеко уравнения (3) мы можем решать теперь квадратное уравнение 3x2+11x+23=03x^2+11x+23 = 0. Это последнее уравнение корней (действительных) не имеет. Значит, уравнение (3) имеет один корень 2.

Пример 2. У свободного члена уравнения
x4−17x3+77x2−85x+360=0x^4-17x^3+77x^2-85x+360=0 (4)

очень много делителей: ±1, ±2, ±3, ±4, ±5, ±6, ±8, ±9, ±10, ±12, ±15, ±18, ±20, ±24, ±30, ±36, ±40, ±45, ±60, ±72, ±90, ±120, ±180, ±360. Подставлять их все в левую часть уравнения — не очень благодарный труд. Правда, сразу видно, что у данного уравнения не может быть отрицательным корней, но остатся еще 24 делителя.

Воспользовемся следующим обобщением с формулированного выше утверждения о целых корнях: если ll — целый корень уравнения (1) с целыми коэффициентами, то для любого m∈Zm \in \mathbb{Z} разность m−lm-l является делителем числа f(m)f(m) (здесь через f(x)f(x) обозначен много-

*) См. статью С. Ашманова «Числа и многочлены», с. 17.

Лист 25

с. 23Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

23

член, стоящий в левой части уравнения (1) *).

В самом деле, если ll — корень уравнения (1), то f(l)=0f(l) = 0 и

f(m)=f(m)−f(l)=a0(mn−ln)+a1(mn−1−ln−1)+⋯+an−1(m−l).f(m) = f(m) - f(l) = a_0(m^n - l^n) + a_1(m^{n-1} - l^{n-1}) + \dots + a_{n-1}(m - l).

При целях mm и ll какдая скобка делится на m−lm - l, значит, и f(m)f(m) делится на m−lm - l.

Таким образом, целые корни достаточно искать среди чисел вида m+p∗m + p^*), где pp — делитель числа f(m)f(m), причем «степень свободы» — выбор числа mm — в нашей власти. Процем, по-видимому, проще не перебирать делители числа f(m)f(m), а рассмотреть разности m−lm - l для делителей ll свободного члена.

Вернемся к примеру 2. Пусть

f(x)=x4−17x3+77x2−85x+360.f(x) = x^4 - 17x^3 + 77x^2 - 85x + 360.

Нанчем с намишего делителя 1. Процем с намишего делителя 1.

*) При m=0m = 0 отсюда легко получается первоначальное утверждение.

**) Почему мы написали m+pm + p, а не m−pm - p?

М. В. Ломоносов
и Московский университет

Создание Московского университета неразрывно связано с именем великого помеща, выданной государством русского ученого-самородка М. В. Ломоносова (1711—1765).

Еще к 1748 году относится письмо М. В. Ломоносова, где он формулирует свое мнение об университетском регламенте и; в частиности, указавает, что «в университете неотменно должно быть третье факультет: юридический, медицинский и философский (богословский оставляю синодальный училищам), в которых бы производились в магистры лицензия и докторы». В 1754 году М. В. Ломоносов составляет проект организации в Московский университет и двух гимназий при нем. Наконец, в январе 1755 года энергичные услуги М. В. Ломоносова увеличилисьспехом: публикуется указ об учрежении Московского университета. Символно, что значение, в котором сначала размещался первый русский университет, стояло на Красной площади, рядом с кремлем — на том месте, где сегодня возвышается Исторический музей.

В 1940 году Указом Президиума Верховного Совета СССР Московскому государственному университету присвоено имя его основателя. В 1961 г. в связи с 250-летием со дня рождения М. В. Ломоносова, была выпущена памятная настольная бронзовая медаль, на котором, в частиности, изобранен контур Главного здания МГУ на Ленинских горах (эту медаль вы видите на снимке).

Н. Х.

Лист 26

с. 24Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

24

Вверх по наклонной плоскости

Предлагаем вам проведение опыт, оценить старый и очень похожий на фокус.

Возьмите два одинаковых конуса, например из дерева, пластассы или металла (материал не имеет решительно никакого значения). Конусы могут быть сплошными или пустотельными, лишь бы они не были слишком легкими. Прочно соедините конусы основаниями (например, склейте), причем так, чтобы они конусов обязаательно совпадали. Для опыта вам понадобится также только старая книга и два одинаковых достагоно длиных стержня.

Положите книгу на стол, а стержни расположите так, чтобы они одними концами опирались на ребро книги, другими — на стол, причем в одном и том же месте. Короче говоря, стержни и ребро книги должны образовать своеобразную «наклонную плоскость» в форме равноведренного треугольника (рис. 1).

Тепер возьмите скрепленные конусы и положите их на стержни, при этом ось консов должно быть горизонтальной. Как только вы это сделаете, вы увидите, что конусы сами, без подталкивания, показятся по наклонной плоскости… не визз, а вверх, вопроси привычному опыту и здравому смыслу.

В чем же секрет этого фокуса? Чудес здесь, конечно, никаких нет. Проство оказывается, что при выполнении некоторых условий центры также конусов в процессе их «скатывания» вверх будет не подниматься, а опускаться. Именно сила тяжесте и является причиной такого, на первой взгляд, необъчного движения.

Какие же условия должны выполнаться? Расмотрим этот вопрос подробнее. Обозначим угол наклона плоскости к горизонту через α, угол между стержнями — через 2β и угол при вершине конусов — через 2γ (рис. 2). Пусть конусы перемещаются вверх по направляющим стержням из положения I в положение II, l₁ и l₂ — соответствующие расстояния между точками касания конусов со стержнями.

Из рисунка 2, а видно, что по отношению к точкам касания центр тяжесте конусов опускается (по вертикали) на величины

H=l2−l12tgγ.H = \frac{l_2 - l_1}{2} \text{tg} \gamma.

Сами же точки касания при этом естественно поднимаются, высота их поднятия равна (см. рис. 2, б)

h=∣MN∣sin⁡α=l2−l12ctgβsin⁡α.h = |MN| \sin \alpha = \frac{l_2 - l_1}{2} \text{ctg} \beta \sin \alpha.

Тепер нетрудно сформировать условия «скатывания» конусов вверх по наклонной плоскости. Очевидно, что для этого должно выполнять требование H > h:

l2−l12tgγ>l2−l12ctgβsin⁡α,\frac{l_2 - l_1}{2} \text{tg} \gamma > \frac{l_2 - l_1}{2} \text{ctg} \beta \sin \alpha,

или

sin⁡α<tgβtgγ,\sin \alpha < \text{tg} \beta \text{tg} \gamma,

Только в таком случае тяжесте конусов будет опускаться при движении конусов вверх по плоскости.

Если выполняется противоположное неравенство

sin⁡α>tgβtgγ,\sin \alpha > \text{tg} \beta \text{tg} \gamma,

конусы будут по-настоящему скатывать с плоскости, то есть опускается вниз.

При условии

sin⁡α=tgβtgγ\sin \alpha = \text{tg} \beta \text{tg} \gamma

конусы будут находиться на наклонной

Лист 27

с. 25Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

25

ЗАПОЛНЕНИЕ
ПЛОСКОСТИ
МНОГОУГОЛЬНИКАМИ.

Посмотрите внимательно на конфигурацию, изображенную на первой обложке: она составлена из большого числа конгрузных девятугольников. Эти девятугольники — невыпukлы, их неправильная форма наполинает латинскую букву S (см. обложку). Оказывается, конфигурация может быть продолжена до бесконечности; при этом девятугольники продолжают разворачивать по «двойной спирали» и заполют всю плоскость (без пробелов и наложений друг на друга). Это доказано в 1937 г. ее создателем, немецким математиком X. Ворден-берром.

Задача о заполнении плоскости многоугольника уже не раз обуждалась на страницах нашего журнала. В частиности, в «Кванте» 1979, № 2, с. 9 приводилась классификация паркетов, в «Кванте» 1972, № 8, с. 41 — калейдоскопов. В отличие от нашей конфигурации, паркеты и калейдоскопы обладают простыми свойствами регуляности и периодичности. В частиности, все вершины у них устроены одинаково, их можно сdwгать самих в себя с помощью различных переменений. Наша же конфигурация обладает набором вершин разных типов (к ним примыкают 18, 7, 6 или 5 многоугольников) и лишь одно нетождественное перемещение (какое?) переводит фигуру в себя.

Попробуйте самостоятельно придумать подобные перегуляные плоскости одинаковыми многоугольниками. Если эта тематика вас занитереует или если у вас получается красные картины — напишите нам. Мы тогда вернемся к этим вопросам.

Лист 28

с. 26Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

26

Математический кругок

Н. Ваеутен

Сопряжение числа

Читать эту статью (или проводить на ее основе занятие математического кругка) можно по-разному. Простейший способ — разобрать решения предложенных в ней задач, пропустив мелкий шрифт, а затем закрепить продемонстрированные приемы, перешевать предложенные в конце статьи упражнения. Но если вас заинтересовала та или иная задача или серия задач, можно поступить и иначе: внимательно прочитать помещенный вслед за ней мелким шрифтом текст и, пользовсь указанной автором дополнительной литературой, более глубоко разобраться в существе затронутых вопросов.

Читатель, вероятко, известны на первый взгляд兢яд трудные геометрические задачи, которые мгновенно решаются, если заменить одну данную точку другой, симметричной ей относительно какой-то прямой. Сообщения симметричны очень важны и в алгебре.

В этой статье мы рассмотрим ряд ситуаций, в которых число вида a+bda+b\sqrt{d} полезно заменить сопряженным a−bda-b\sqrt{d}. Мы увидим, как этот простой примем — замена знака перед радиалом — помогает в решении разнообразных задач алгебры и анализа — от нежитых оценок и преобразования до трудных olимпидных задачи и замысловых придумок составителей конкурсных экзаменов.

Большинство наших примеров может служить первым знакомством с глобими математических теориими (кое-где мы указываем статьи и книги для продолжения знакомства). Среди задач, включенных в статью, две — из Задачника «Кванта» и несколько — из писем читателей, уже испытывших удовлетворение от трюков с радиалами и железоих поделиться им с другими.

Пары сопряженных чисел появляются в полне естественных образом, когда мы решаем квадратное уравнение, а корень из дискрипината не извлекается: скажем, уравнение λ2−λ−1=0\lambda^2-\lambda-1=0 имеет пару «сопряженных» корней: λ1=1−52\lambda_1=\frac{1-\sqrt{5}}{2} и λ2=1+52\lambda_2=\frac{1+\sqrt{5}}{2}. К этому мы еще вернемся, а начнем с примеров другого рода: займется «перебросами»…

Лист 30

с. 28Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

28

(тут, конечно, нам повезло: разность квадратов (2n+1)2−4n(n+1)(2n+1)^2-4n(n+1) равна 1)
≤1(2n+n)(2n+2n)=116nn.\leq \frac{1}{(2\sqrt{n}+\sqrt{n})(2n+2n)} = \frac{1}{16n\sqrt{n}}.

Заметим, что и эта оценка очень точная. Но убедиться в этом (и вообще исследовать поведение функции с многоимпалями) лучше уже не с помощью алгебраических преобразований, а средствами анализа — заменить переменную nn на hh 1/n1/n и воспользоваться формулой Тейлора 1+h=1+h/2−h2/8+…\sqrt{1+h} = 1+h/2 - h^2/8 + \dots (См. [6]).

Заменим плоск на минус

Мы уже говорили о пользовании симметрики в геометрических задачах. Свое рода симметрией в алгебре является замена плоска на минус.

Так, если какое-либо выражение от d\sqrt{d} равно p+qdp+q\sqrt{d} и мы всюду в этом выражении заменим d\sqrt{d} на −d-\sqrt{d}, то естественно ожидать, что новое выражение оказывается равным сопряженному числу p−qdp-q\sqrt{d}. Мы будем пользоваться таким очевидным частным случаем этого свойства (aa и bb — рациональные, d\sqrt{d} — нет):

(a+bd)n=p+qd⇒(a−bd)n=p−qd.(a+b\sqrt{d})^n = p+q\sqrt{d} \Rightarrow (a-b\sqrt{d})^n = p-q\sqrt{d}.

  1. Доказать, что уравнение

(x+y5)4+(z+t5)4=2+5(x+y\sqrt{5})^4+(z+t\sqrt{5})^4 = 2+\sqrt{5}

не имеет решений в рациональных числах x,y,z,tx, y, z, t.

Можно, конечно, найти отдельную сумму членов левой части, не содержащих 5\sqrt{5} (она должна быть равна 2), и отдельно — коэффициент при 5\sqrt{5} (он должен равнять 1). Но что делать с полученной громоздкой системой, неясно. Вместо этого воспользовемся (4) и заменим плоск перед 5\sqrt{5} на минус!

(x−y5)4+(z−t5)4=2−5.(x-y\sqrt{5})^4+(z-t\sqrt{5})^4 = 2-\sqrt{5}.

Слева стоит неотрицательное число, справа — отрицательное.

  1. Доказать, что существует бесконечно много пар (x;y)(x; y) натуральных чисел, для которых x2x^2 отличается от 2y22y^2 на 1:

∣x2−2y2∣=1.|x^2-2y^2| = 1.

Несколько таких пар с небольшими (x;y)(x; y) легко найти подбором: это (1;2)(1; 2), (3;2)(3; 2), (7;5)(7; 5), (17;12)(17; 12), … (рис. 1). Как продолжить этот набор? Можно ли записать общую формулу для этих решений?

Рис. 1. Прокодят ли эти гипербольы через бесконечно число узлов клетчатой бумаги?

Найти ответы на эти вопросы нам помогет число 1+21+\sqrt{2}. Закономерность, позволяющая получить все новые решения (x;y)(x; y), указывая в таблице:

n(1+2)nxnynxn2−2yn2(1−2)n11+2111−2=−11−223+22329−8=13−2237+527549−50=−17−52417+1221712289−288=117−122541+29241291681−1682=−141−292………………\begin{array}{c|c|c|c|c|c} n & (1+\sqrt{2})^n & x_n & y_n & x_n^2-2y_n^2 & (1-\sqrt{2})^n \\ 1 & 1+\sqrt{2} & 1 & 1 & 1-2=-1 & 1-\sqrt{2} \\ 2 & 3+2\sqrt{2} & 3 & 2 & 9-8=1 & 3-2\sqrt{2} \\ 3 & 7+5\sqrt{2} & 7 & 5 & 49-50=-1 & 7-5\sqrt{2} \\ 4 & 17+12\sqrt{2} & 17 & 12 & 289-288=1 & 17-12\sqrt{2} \\ 5 & 41+29\sqrt{2} & 41 & 29 & 1681-1682=-1 & 41-29\sqrt{2} \\ \dots & \dots & \dots & \dots & \dots & \dots \\ \end{array}

Какой будет шестая строка?

Видно, что коэффициенты xn,ynx_n, y_n в числе xn+yn2=(1+2)nx_n+y_n\sqrt{2} = (1+\sqrt{2})^n будут давать нужную пару. Доказать это помогет кольника таблицы из сопряженных чисел (мы снова применяем (4)):

xn−yn2=(1−2)n.x_n-y_n\sqrt{2} = (1-\sqrt{2})^n.

Переменная два последних равенства, получим

xn2−2yn2=(1+2)n(1−2)n==((1+2)(1−2))n=(−1)n,x_n^2-2y_n^2 = (1+\sqrt{2})^n(1-\sqrt{2})^n = \\ = ((1+\sqrt{2})(1-\sqrt{2}))^n = (-1)^n,

и интересующее нас выражение попереенно равно то 1, то — 1. Складывая и вычитая эти же два равенства, мы получим явное выражение для xnx_n и yny_n:

xn=((1+2)n+(1−2)n)/2x_n = ((1+\sqrt{2})^n + (1-\sqrt{2})^n)/2

yn=((1+2)n−(1−2)n)/22.y_n = ((1+\sqrt{2})^n - (1-\sqrt{2})^n)/2\sqrt{2}.

Лист 31

с. 29Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

29

Можно ли в решении этой задачи про целые числа обойтись без irrationalных чисел 1+21 + \sqrt{2} и 1−21 - \sqrt{2}? Тепер, зная ответ, мы можем легко выразить (xn+1;yn+1)(x_{n+1}; y_{n+1}) через предыдущую пару (xn;yn)(x_n; y_n) из xn+1+yn+12=(xn+yn2)(1−2)x_{n+1} + y_{n+1}\sqrt{2} = (x_n + y_n\sqrt{2}) (1 - \sqrt{2}) вытекает

xn+1=xn+2yn,yn+1=xn+yn.x_{n+1} = x_n + 2y_n, \quad y_{n+1} = x_n + y_n. (6)

До этого рекуррентного соотношения можно было, видимо, договорая по нескольким первым решением, а потом проверить, что

∣xn2−2yn2∣=∣xn+12−2yn+12∣.|x_n^2 - 2y_n^2| = |x_{n+1}^2 - 2y_{n+1}^2|.

Добавив начальное условие x1=1,y1=1x_1 = 1, y_1 = 1, отсюда (по индекции) можно было бы заключить, что ∣xn2−2yn2∣=1|x_n^2 - 2y_n^2| = 1 для любого nn. Далее, выразив обратно (xn;yn)(x_n; y_n) через (xn+1;yn+1)(x_{n+1}; y_{n+1}), «метод спуска» ([8]) можно доказать, что найденой серий исчерпываются все решения уравнения (5) в натуральных числах (x;y)(x; y). Подобным же образом решается любое «уравнение Пелля» x2−dy2=cx^2 - dy^2 = c (а к уравнении такого типа свойства любое квадратное уравнение в целых числах x,yx, y), но у исходного уравнения может быть несколько серий решенной ([7]).

Рекуррентные соотношения типа (6) возникают не только в теории чисел, но и в разных задачах анализа, теории вероятности. Вот характерный пример комбинаторной задачи такого типа (она предлагалась на последней международной оптимизации в Лондоне):

7(M595). В вершине AA правильного восмцуольника сидит лярушка. Из любой вершины восмцуольника, кроме вершины EE, противоположной AA, она может прыенуть в любую из двух соседних вершин. Попав в EE, лярушка останавливается и остается там. Найти ко-

личество eme_m различных способов, которые лярушка может попасть из вершины AA в EEровно за mm прыжков.

Если раскрасть вершины восмцуольника через одну в черный и белый цвет (рис. 2), сразу станет ясно, что c2k−1=0c_{2k-1} = 0 при любом kk: цвет вершин при каждом прыжке меняется. Обозначим через ana_n и cnc_n количество способов, которые лярушка может за 2n2n прыжков попасть из вершины AA, соответственно, в вершину AA и в одну из вершин CC (из сообщений симметрия ясно, что в каждой из вершин, обозначенных на рисунке буквой CC, можно попасть одним и тем же числом способов). Как легко проверить (см. рис. 2a, б, в, е)),

a1=2,c1=1;a_1 = 2, \quad c_1 = 1;

an+1=2an+2cn,a_{n+1} = 2a_n + 2c_n,

cn+1=an+2cn.c_{n+1} = a_n + 2c_n. (7)

А интересующее нас число e2ne_{2n} равно, очень много, 2cn−12c_{n-1} (рис. 2d).

Как же найти явную формулу для ana_n и cnc_n? Запишем наше рекуррентное соотношение (7) так:

an+1+cn+12=(an+cn2)(2+2)a_{n+1} + c_{n+1}\sqrt{2} = (a_n + c_n\sqrt{2}) (2 + \sqrt{2}) (8)

и — как вы уже, конечно, доказались — еще так:

an+1−cn+12=(an−cn2)(2+2).a_{n+1} - c_{n+1}\sqrt{2} = (a_n - c_n\sqrt{2}) (2 + \sqrt{2}). (9)

Отсюда по индекции, получая (7), по-

Рис. 2. a) Из AA в CC за два прыжка можно попасть только один способ: c1=1c_1 = 1.

б) Из AA в AA за два прыжка можно попасть два способ: a1=2a_1 = 2.

в) В AA можно попасть из CC двумя способами

Лист 32

с. 30Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

30

Лучаем:

an+cn2=(2+2)n−1(a1+c12)=(2+2)n;a_n + c_n \sqrt{2} = (2 + \sqrt{2})^{n-1} (a_1 + c_1 \sqrt{2}) = (2 + \sqrt{2})^n;

an−cn2=(2−2)n−1(a1−c12)=(2−2)n.a_n - c_n \sqrt{2} = (2 - \sqrt{2})^{n-1} (a_1 - c_1 \sqrt{2}) = (2 - \sqrt{2})^n.

Поэтому cn=[(2+2)−(2−2)n]:22c_n = [(2 + \sqrt{2}) - (2 - \sqrt{2})^n] : 2\sqrt{2}, а так как e2n=2cn−1e_{2n} = 2c_{n-1}, получаем окончательно

e2n=[(2+2)n−1−(2−2)n−1]/2;e2n−1=0.e_{2n} = [(2 + \sqrt{2})^{n-1} - (2 - \sqrt{2})^{n-1}] / \sqrt{2}; \quad e_{2n-1} = 0.

Задача решения. Нясно только, как в этой задаче (и в предыдущей задаче 6) можно было допустить до формул, содержащих ±2\pm \sqrt{2}, — в задаче решить идет о целых числах! (Для участников олимпиды и читателей «Кванта» задача 7 была облегчена тем, что в формулировке указывался ответ — «Квант», 1979, № 11, М595).

Однако «споряженные числа» возникли бы совершенно автоматически, если бы мы владелили началом линейной алгебры (см. [12]), и применили стандартные правила этой науки к решению уравнений (7). Эти правила предлагают сначала выяснить, какие геометрические прогрессии (an=a0λna_n = a_0 \lambda^n, cn=c0λnc_n = c_0 \lambda^n) удовлетворяют данному рекурентному соотношению. Значения, для которых также прогрессии существует, — они называются характеристическими значениями или собственными числами — определяются из некоторого уравнения (он тоже называется характеристическим). Для (7) характеристической уравнения имеет вид λ2+2−4λ=0\lambda^2 + 2 - 4\lambda = 0, его корни — как раз 2+22 + \sqrt{2} и 2−22 - \sqrt{2}. Знача эти корни, любое решение рекурентного соотношения мы можем получить как «линейную комбинацию» соответствующих геометрических прогрессий ([11]). «Начальное условие» (в нашем случае a1=2a_1 = 2, c1=1c_1 = 1) определяет нужное нам решение однозначно.

Недвижительное, что даже самые простые рекуррентные целочисленные последовательности, для которых характеристические уравнения — квадратное с целыми коэффициентами (примеры — те же (6) и (7) или последовательность Фибоначчи 1, 1, 2, 3, 5, 8,…, Φn+1=Φn+Φn−1\Phi_{n+1} = \Phi_n + \Phi_{n-1} — см. [9], [10]), выражаются, как функция номера, с помощью «споряженных» квадратных иризационныхностей.

Заметим, что большие характеристические числа определяют скорость роста последовательности: при больших nn в задаче 7en≈(2+2)n/27e_n \approx (2 + \sqrt{2})^n / \sqrt{2}. Можно сказать это еще так: lim⁡n→∞(en+1/en)=2+2\lim_{n \to \infty} (e_{n+1}/e_n) = 2 + \sqrt{2}.

Для задачи 6 аналогичное наблюдаем:

lim⁡n→∞(xn/yn)=2\lim_{n \to \infty} (x_n/y_n) = \sqrt{2} — показывает, что оба числа xnx_n и yny_n при больших nn применно равны друг другу. Интересное продление этого факта мы видим в следующей задаче с большим числом «споряженных» иризационныхностей.

Почередно меняем все знаки

8 (М520). Пусть (1+2Φ′3)n=qn+rn2+sn3+tn6(1 + \sqrt{2} \Phi' \sqrt{3})^n = q_n + r_n \sqrt{2} + s_n \sqrt{3} + t_n \sqrt{6}, где qn,rn,snq_n, r_n, s_n и tnt_n — целые числа. Найти предельный lim⁡n→∞rn/qn\lim_{n \to \infty} r_n/q_n, lim⁡n→∞sn/qn\lim_{n \to \infty} s_n/q_n, lim⁡n→∞tn/qn\lim_{n \to \infty} t_n/q_n.

Конечно, мы здесь можно выразить (qn+1;rn+1;sn+1;tn+1)(q_{n+1}; r_{n+1}; s_{n+1}; t_{n+1}) через (qn;rn;sn;tn)(q_n; r_n; s_n; t_n), получясь тем, что qn+1+rn+12+sn+13+tn+16=(1+2+3)(qn+rn2+sn3+tn6)=(1+2+3)nq_{n+1} + r_{n+1} \sqrt{2} + s_{n+1} \sqrt{3} + t_{n+1} \sqrt{6} = (1 + \sqrt{2} + \sqrt{3}) (q_n + r_n \sqrt{2} + s_n \sqrt{3} + t_n \sqrt{6}) = (1 + \sqrt{2} + 3)^n.

Нетрудно сообщить, каковы будут другие. Расмотрим вместе с данным числом λ1=1+2+3\lambda_1 = 1 + \sqrt{2} + \sqrt{3} еще три «споряженными»: λ2=1−2+3\lambda_2 = 1 - \sqrt{2} + \sqrt{3}, λ3=1+2−3\lambda_3 = 1 + \sqrt{2} - \sqrt{3}, λ4=1−2−3\lambda_4 = 1 - \sqrt{2} - \sqrt{3}.

Мы можем выразить qn,rn,sn,tnq_n, r_n, s_n, t_n через λ1,λ2,λ3,λ4\lambda_1, \lambda_2, \lambda_3, \lambda_4:

qn=(λ12+λ22+λ32+λ42)/4,q_n = (\lambda_1^2 + \lambda_2^2 + \lambda_3^2 + \lambda_4^2) / 4,

rn=(λ12−λ22+λ32−λ42)/42,r_n = (\lambda_1^2 - \lambda_2^2 + \lambda_3^2 - \lambda_4^2) / 4\sqrt{2},

sn=(λ12+λ22−λ32−λ42)/43,s_n = (\lambda_1^2 + \lambda_2^2 - \lambda_3^2 - \lambda_4^2) / 4\sqrt{3},

tn=(λ12−λ22−λ32+λ42)/46.t_n = (\lambda_1^2 - \lambda_2^2 - \lambda_3^2 + \lambda_4^2) / 4\sqrt{6}.

Теперь заметим, что λ1>∣λ2∣\lambda_1 > |\lambda_2|, λ1>∣λ4∣\lambda_1 > |\lambda_4|. Позумуем lim⁡n→∞rn/qn=lim⁡n→∞sn/qn=1/6\lim_{n \to \infty} r_n/q_n = \lim_{n \to \infty} s_n/q_n = 1/\sqrt{6}.

Мы говорили выше, что соряженные числа a±bda \pm b\sqrt{d} возникают как корни квадратного уравнения с целыми коэффициентами. В связи с последней задачей такое желание:

  1. Написать уравнение с целыми коэффициентами, один из корней которого равен 1+2+31 + \sqrt{2} + \sqrt{3}.

Возникает подозрение, что вместе с этим числом λ1λ_1 уравнение с целыми коэффициентами удовлетворяют и соряженные, которые в решении предыдущей задачи мы обозначили λ2,λ3,λ4\lambda_2, \lambda_3, \lambda_4. Нужное уравнение можно записать так:

(x−λ1)(x−λ2)(x−λ3)(x−λ4)=0;(x - \lambda_1)(x - \lambda_2)(x - \lambda_3)(x - \lambda_4) = 0;

то есть

(x−1−2−3)(x−1+2−3)×(x−1−2+3)×(x−1+2+3)=0;(x - 1 - \sqrt{2} - \sqrt{3})(x - 1 + \sqrt{2} - \sqrt{3}) \times (x - 1 - \sqrt{2} + \sqrt{3}) \times (x - 1 + \sqrt{2} + \sqrt{3}) = 0;

Лист 33

с. 31Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

31

после преобразования получаем

((x−1)2−5−26)(x−1)2−5+26)=0,((x-1)^2-5-2\sqrt{6}) (x-1)^2-5+2\sqrt{6}) = 0,
(x2−2x−4)2−24=0,(x^2-2x-4)^2-24 = 0,
x4−4x3−4x2−16x−8=0.x^4-4x^3-4x^2-16x-8 = 0.

Именно такое уравнение получилось в качестве характеристического, если мы применили упомянутую мелким шрифтом на с. 30 общего теории к исследованию линейного преобразования (qn;rn;sn;tn)→(qn+1;rn+1;sn+1;tn+1q_n; r_n; s_n; t_n) \rightarrow (q_{n+1}; r_{n+1}; s_{n+1}; t_{n+1}) в предыдущей задаче. Заметим, кроме того, что мы на самом деле получили уравнение наименьшей степени (с целью коэффициентами) с корнем λ1=1+2+3\lambda_1 = 1 + \sqrt{2} + \sqrt{3}. Попробуйте это доказать!

Алгебраические последовательные

Мы разобрали несколько примеров, в которых затрагивают пограночные вопросы алгебры, математического анализа и теории чисел. (Кажdomу направленно, которое мы наметили, можно было бы посвятить более подробную статью в «Кванте»!) В заключение показем еще, как можно смотеть на основных героев статьи — «сопряженные числа» — с чисто алгебраической точки зрения.

Предположим, что у нас есть множество PP чисел (или выражений с буквами, или еще каких-то элементов), с которых можно выполнять четые действия арифметики с соблюдением общих арифметических правил. Такое множество называется полем (точное определение см. в списке на с. 18); поля образуют, например, рациональные и действительные числа. Если в поле PP не разрешимо, скажем, уравнение x2−d=0x^2-d=0, то можно расшиить его, рассматривая элементы вида p+qdp+q\sqrt{d}, где p,q∈Pp, q \in P, а d\sqrt{d} — новый символ, который при умножении сам на себя дает dd, т. е. dd=d\sqrt{d}\sqrt{d}=d, так что (p+qd)(p′+q′d)=(pp′+qq′d)+(pq′+qp′)d(p+q\sqrt{d})(p'+q'\sqrt{d})=(pp'+qq'd)+(pq'+qp')\sqrt{d}. Подробно эта конструкция, для d=2d=2 и d=−1d=-1, описана в статье С. Ашманова в этом номере «Кванте». Во втором случае, то есть при d=−1d=-1, расширенем поля вещественных чисел получаются комплисные числа. К ним мы еще вернемся в следующих номерах «Кванта».

В новом поле P1P_1 — «квадратном расшириении» поля PP — есть интересное отображение λ=p+qd→λ=p−qd\lambda=p+q\sqrt{d} \rightarrow \lambda=p-q\sqrt{d} (своеобразная «алгебраическая симметрия»), называемое conгружением, с таким свойствами:

1°. Все элементы старого поля PP переходят в себя;
2°. Все равенства, содержащие арифметические операции, при этом отображении сохраняются:

λ+μ=λˉ+μ;λμ=λ⋅μ.\lambda+\mu=\bar{\lambda}+\mu; \quad \lambda\mu=\lambda \cdot \mu.

Это отображение является частью случая называемых автоморфизмов Галуа расшириения P1P_1 поля PP.

В задачах 8 и 9 мы видели пример «двукратного» расшириения — присоединения 2\sqrt{2} и затем 3\sqrt{3}, — в результате которого получилось поле с большим количеством автоматических Галуа: кроме точек действияного отображения, их уже три (2→−2,3→3,2→2,3→−3)(\sqrt{2} \rightarrow -\sqrt{2}, \sqrt{3} \rightarrow \sqrt{3}, \sqrt{2} \rightarrow \sqrt{2}, \sqrt{3} \rightarrow -\sqrt{3}), и их «взаимодействие» устроено так же, как во множестве самосовмещений прямогольника.

Оказывается, к основному полю можно присоединять корни любо алгебраического уравнения. Автоморфизмы возникалишего нового поля — предметной из красивейших ветвей алгебры XIX—XX века, теории Галуа, которая позволяет, в частности, исследовать вопрос о разрешимости уравнения в радиках ([13], [14]).

Мы закончим эту статью набором задач, в основном продолжении уже затронутые темы, но требующих иногда и новых сообщений, и обеспечим списком литературы.

Уражнения

  1. Что больше: 1979+1980\sqrt{1979} + \sqrt{1980} или 1978+1981\sqrt{1978} + \sqrt{1981}?
  2. Локажите, что при всех положительных xx
    ∣x2+1−x−1/2x∣<1/8x3.|\sqrt{x^2+1}-x-1/2x| < 1/8x^3.
  3. Постройте график функции y=x2−1y=\sqrt{x^2-1} и докажите, что при ∣x∣≥1|x| \ge 1
    0<∣x∣−x2−1<1/∣x∣.0 < |x| - \sqrt{x^2-1} < 1/|x|.
  4. В формуле 2=1+12+1\sqrt{2}=1+\frac{1}{\sqrt{2}+1} заменим 2\sqrt{2}, стоящий в правой части (в знаменателle), по той же формуле:
    2=1+12+12+1.\sqrt{2}=1+\frac{1}{2+\frac{1}{\sqrt{2}+1}}.
    В этой формуле снова изменим нижний 2\sqrt{2} на 1+12+11+\frac{1}{\sqrt{2}+1}, и т. д. nn раз. Если теперь изменить на 1 или на 2, мы получим два рациональных числа pn,qnp_n, q_n. Докажите, что 2\sqrt{2} лежит между ними и lim⁡n→∞qn=2\lim_{n \to \infty} q_n=\sqrt{2}. (Не встроечialize ли мы с этим числом в одной из задач?)
  5. Докажите, что уравнения a) x2−3y2=1x^2-3y^2=1, б) x2−3y2=2x^2-3y^2=2 имеют бесконечное множество решений в целых числах.
  6. Докажите, что функция y=ln⁡(1+x2+x)y=\ln(\sqrt{1+x^2}+x) нечетная, и построите ее график.
  7. a) Докажите, что для любого натурального nn

Лист 34

с. 32Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

32

2(√n+1−1)<1+1/√2+1/√3+…
…+1/√n<2√n−1.

  1. (С. Майзус, Запорожье) Докажите, что последовательность
    Un=1+122+133+⋯+1n3−4nU_n=1+\frac{1}{\sqrt{2}^2}+\frac{1}{\sqrt{3}^3}+\dots+\frac{1}{\sqrt{n}^3}-4\sqrt{n}
    убывает и стремится к пределу.
  1. a) (В. Комов, Александров) Докажите, что последовательность {(2+3)n}\{(2+\sqrt{3})^n\} сходится, и найдете ее предел.
  1. Каковы первые 100 десятичных знаков после запятой в записи числа (50+7)100(\sqrt{50}+7)^{100}?
  1. Докажите, что для любого натурального dd, не является полным квадратом, найдется такое aa, что для любых mm и nn
    ∣m/n−d∣>1/αn2.|m/n-\sqrt{d}|>1/\alpha n^2.

  2. (И. Жук, Минск) Докажите, что при любом натуральном nn число [(35+1157)n/2n][(35+\sqrt{1157})^n/2^n] делится на 17, и вообще для любых натуральных kk и nn число [(2k+1+4k2+1)n/2n][(2k+1+\sqrt{4k^2+1})^n/2^n] делится на kk.

  3. (С. Манукян, с. Мальый Памач ГССР). Докажите, что для любого числа p>2p>2 найдется такое число ββ, что для каждой nn
    2+2+⋯+2+2+p=β2n+β−2n\sqrt{2+\sqrt{2+\dots+\sqrt{2+\sqrt{2}+p}}}=\beta^{2n}+\beta^{-2n}
    nn разделков.

  4. (И. Жук, Минск) Докажите, что последовательность bm=1+17m2b_m=1+17m^2 содержит бесконечного квадратов целых чисел.

  5. Составьте квадратное уравнение с целыми коэффициентами, один из корней которого (3+5)/4(3+\sqrt{5})/4.

  6. Составьте уравнение 4-й степени с корнями ±p±q\pm \sqrt{p} \pm \sqrt{q} и решите его, как биквадратное уравнение. Сравнивая ответ с данными корнями, докажите популярные формулы для двойных разделков:
    A+B=A+A2−B2\sqrt{A+\sqrt{B}}=\sqrt{\frac{A+\sqrt{A^2-B}}{2}}
    ±A−A2−B2\pm \sqrt{\frac{A-\sqrt{A^2-B}}{2}}
    (A2>B>0,A>0)(A^2>B>0, A>0).

Список дополнительной литературы

  1. Л. Курляндчик, А. Лисицкий «Суммы и произведение» («Квант», 1978, № 10).
  2. В. Второе решение задачи M514 («Квант», 1979, № 5, с. 26).
  3. Р. Нивен «Числа рациональные и irrationalные» (М., «Мир», 1966).
  4. Д. Фукс, М. Фукс «О наилучших приближениях» («Квант», 1971, № № 6, 11) и «Рациональные приближения и трансцендентность» («Квант», 1973, № 1).
  5. Н. Васильев, В. Гутенхахер «Прямы и кривые» (М., «Наука», 1978), с. 103—105.
  6. А. Н. Маркушевич «Ряды» (М., «Наука», 1979).
  7. Избранные задачи из журнала American Mathematical Monthly (М., «Мир», 1977), с. 560—561.
  8. Л. Курляндчик, Г. Розенблом «Метод бесконечного спуска» («Квант», 1978, № 1).
  9. В. Березин «Филлотаксис и последовательность Фибоначчи», («Квант», 1979, № 5, с. 53).
  10. Н. Н. Воробьев «Числа Фибоначчи» (Популярные лекции по математике, вып. 1) (М., «Наука», 1978).
  11. Л. И. Головина «Линейная алгебра и некоторые ее приложения» (М., «Наука», 1979).
  12. М. М. Постников «Теория Галya» (М., физматиз, 1963).
  13. Ван-дер-Варден «Алгебра» (М., «Наука», 1976).

Статите петлю

В плоскость воткнуты два кольщика AA и BB, на них накинута вервочная петля (см. рис.ок). Снять петлю

с кольшков, не разрывая ее и не поднимая ее над кольщика, очень недельно, нельзя; если же убрать любой из них, то это сделать можно.

Заддача петлю, наброшенную на три кольщика, которая с них не снимается, но, если убрать любой кольщик, составится двух.

В. Березин

Лист 35

с. 33Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

33

Конческие сечения и задача Аполлония

В истории науки имя греческого геометра и астронома Аполлония Пергского в течение многих столетий учеными ставились чуть ли не в один ряд с именем Архимеда.

Когда живший в XVI веке алгебраист Ф. Виет нашел свое решение задачи Аполлония, он в восторге вскрыли: «Я Аполлоний Гальский!» (то есть французский). О задаче Аполлония из утвернной рукописи «О касани», знакомой нам только по комментариям его современников, уже рассказываюсь в «Кванте» (1971, № 8). Вот ее условия: построить окружность, касательную к теме других окружностей, произвольно расположенным на плоскости.

Аполлоний внес много нового и в теории кончесных сечений. Номиним, что кончесные сечения определяются как линей, представляющие собой сечения плоскостю поверхности конуса. Изввлияния этих линей — эллипс, гипербола и парабола — были придуманы им («Квант», 1975, № 1, 3, 4).

Однако сейчас более привычны другие определения этих линей. Эллипс — множество точек плоскости P, находящихся на таких расстояниях r1 и r2 от фокусов F1 ∈ P и F2 ∈ P, что |r2−r1| = 2a. Наконец, парабола — множество точек в плоскости P, находящихся на равных расстояниях от фокуса F ∈ P и от прямой (так называемой директрисы) d ∈ P.

Можно обойтись без конуса исовсем необязательно выходит в пространство, чтобы найти скрепляющий эти три так непохожих друг на другу кривых (эллипс замкнут, парабола состоит из одной «бесконечной ветви», гипербола — из двух) математическойEMENT.

Именно, рассмотрим на плоскости две пересекающие окружности *) ε1 и ε2 с центрами в точках F1 и F2. Оказывается, центры всевозможных окружностей, касающихся одной из окружностей ε1 ε2 внутриним образом, а другой — внешним, образуют некоютельно, пусты окружность с центром в F1 имеет радиус R1 (рис. 1), а окружность с центром в F2 — радиус R2. Пусть T1 и T2 — соответственно, точки касания этих окружностей с окружностью с центром M. Тогда ясно, что

R1+R2=∣F1T1∣+∣F2T2∣=∣F1T1∣+∣MF2∣+∣T1M∣=r1+r2=const.R_1 + R_2 = |F_1 T_1| + |F_2 T_2| = |F_1 T_1| + |M F_2| + |T_1 M| = r_1 + r_2 = const.

Если же рассмотреть множество центров M окружностей, касающихся обеих окружностей ε и ε2 внешним образом (или обеих внутренних),

*) Они показаны желтым цветом на второй странице обложки.

Рис. 1.

Рис. 2.

Рис. 3.

Ним образом), то это множество оказывается гиперболой. Проведем доказательство для точки M1 (рис. 2):

R2−R1=∣F2M1∣+∣M1N2∣−∣F1M1∣−∣M1N2∣=∣F2M1∣−∣F1M1∣=r2−r1=const.R_2 - R_1 = |F_2 M_1| + |M_1 N_2| - |F_1 M_1| - |M_1 N_2| = |F_2 M_1| - |F_1 M_1| = r_2 - r_1 = const.

Доказите самостояльно, что точка M3 лежит на правой ветви той же гиперболы.

А в каких же случаях возникает парабола как семейство центров окружностей? Что бы ответить на этот вопрос, постараемся представить прямую как окружность бесконечного радиуса. Множество центров окружностей, касающихся прямой произвольного положения и неокторой окружности, есть парабола (рис. 3). Доказите это!

Приятое здесь представление кончесных сечений в виде семейства центров окружностей оказывется полезным, например, для решения приведенной выше задачи Аполлония. Действительно, центр окружности, касающийся критическим трех окружностей. Множество центров касающихся их окружностей — опять-tаки кончесное сечение. Центр окружности, касающейся трех данных, получим, таким образом, как пересечение двух кончесных сечений. Телер соединием центры искомых окружностей с центрами данных отрезками прямых и получаем в пересечении точки касания искомой окружности с данными третья.

Конечно, такое решение задачи Аполлония не могло бы удовлетворить древнегреческим геометров. Почему? Да потому, что не ясно, как построить точку пересечения двух кривых с помощью только линейки и циркуля. Паэтому так и радовался Ф. Виет, когда ему удалось найти решение задачи Аполлония, использующее только циркуля и линейку. А вы можете это сделать?

В. Березин

Лист 36

с. 34Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

34

Задачи

M606 — M610; Ф618 — Ф622

М606. Функция ff такова, что для всех действительных xx

f(x+1)+f(x−1)=2f(x).f(x+1) + f(x-1) = \sqrt{2}f(x).

Докажите, что ff — периодическая функция.

Э. Туркевич

М607. a) Разрежьте квадрат на равноведенные трапеции.

b) Разрежьте равноведенный прямоугольный треугольник на равноведенные трапеции.

в) Докажите, что любой многоугольник можно разрезать на равноведенные трапеции.

В. Лев

М608. На клетчатой бумаге (сторона клетки 1) нарисован nn-угольник, все стороны которого лежат на линиях сетки и имеют нечетную длину.

a) Докажите, что nn делится на 4.

б)* Докажите, что при n=100n=100 площадь этого nn-угольника обязается нечетна. Выясните, какова четность площади при других nn.

М. Концевич, ученик 10 класса

М609. a) Длины проекций выпуклого многоугольника площади SS на две взаимно перpendикулярные прямые равны l1l_1 и l2l_2. Докажите, что S≤l1l2S \leq l_1 l_2.

b) Длины проекций выпуклого многоугольника объема VV на три взаимно perpendикулярные прямые равны l1,l2l_1, l_2 и l3l_3. Докажите, что V≤l1l2l3V \leq l_1 l_2 l_3.

в)* Площади проекций выпуклого многоугольника объема VV на три взаимно perpendикулярные плоскости равны S1,S2S_1, S_2 и S3S_3. Докажите, что V≤S1S2S3V \leq \sqrt{S_1 S_2 S_3}.

Ю. Смирнов

М610. Фиксируем k∈Nk \in N. a) Расмотрим множество всех наборов целых чисел a1,…,aka_1, \ldots, a_k таких, что 0≤a1≤a2≤…≤ak≤k0 \leq a_1 \leq a_2 \leq \ldots \leq a_k \leq k; обозначим число таких наборов через NN. Расмотрим среди них те, для которых ak=ka_k = k; пусть их число равно MM. Докажите, что N=2MN = 2M.

b) Наложим на рассматриваемые наборы дополнительное ограничение: сумма a1+…+aka_1 + \ldots + a_k делится на kk. Пусть соответствующие числа равны N′N' и M′M'. До-

Лист 37

с. 35Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

35

кажите, что N′=2M′N' = 2M'. (Из рисунка 1 видно, что при k=3k = 3 эти числа равны M=9,N=18;M′=4,N′=8M = 9, N = 18; M' = 4, N' = 8.

А. Толыцо

Ф618. Можно ли две лампы накаливания мощностью 60 Вт и 100 Вт, расчитанные на напряжение 110 В, включить последовательно в сеть напряжения 220 В, если допустимо превышение напряжения на каждой из ламп не более 10% от номинального? Вольтамперная характеристика лампы мощностью 100 Вт показана на рисунке 2.

А. Зильберман

Ф619. Светящаяся точка нахождения на главной оптичекой оси на расстоянии d=40d = 40 см от рассеивающей линзы с фокусным расстоянием F=10F = 10 см. Точку сместил на расстояние h=5h = 5 см в плоскости, перпендикулярной главной оптической оси. На сколько и куда надо сместить линзу, чтобы изобравнение светящейся точки вернулось в старое положение?

Ленинградская городская олимпiadа по физике, 1979 г.

Ф620. Если в центр квадратного стола поставить предмет массой, большей m0m_0, пожки стола сломаются. Найти множество точек стола, куда можно поставить предмет массой m0/2m_0/2, не боясь поломки стола.

О. Батицев

Ф621. Конец нити, намотанной на катушку, перекинит через битый в стену гвоздь (рис. 3). Нитку тянут с постоянной скоростью vv. С какой скоростью двигается центр катушки в тот момент, когда нить составляет угол α\alpha с вертикалью? Внешний радиус катушки равен RR, внутренний — rr.

Ф622. Когда и во сколько раз больше абсцилта влажность воздуха (плотность водяных паров): в ноябре при температуре t1=0∘Ct_1 = 0^\circ C и влажности 95% или в иоле при t2=35∘Ct_2 = 35^\circ C и влажности 40%, если давление насыщенного пара при t1=0∘Ct_1 = 0^\circ C равно p1=6⋅102p_1 = 6 \cdot 10^2 Па, а при t2=35∘Ct_2 = 35^\circ C равно p2=5,5⋅103p_2 = 5,5 \cdot 10^3 Па?

ВНИМАНИЕ, ЧИТАТЕЛИ!

По вине типографии в условиях задачи М598 и в способе к условиям задачи М599 («Квант», 1979, № 12, с. 20) были допущены опечатки. В условиям задачи М598 вместе буквы nn должны быть буква RR, а способ к М599 следует читать так:

abca^{b^c} означает a(bc)a^{(b^c)}.

Срок присылаки решений этих задач продлевается до 1 апреля.

Лист 38

с. 36Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

36

Решения задач

М551. a) Какое наименьшее число точек достаточно отметить внутри выпуклого пятиугольника, чтобы внутри любое треугольника с вершинами в вершинах пятиугольника содержалась хотя бы одна отмечная точка?
б) Тот же вопрос для выпуклого п-угодника.

М552. a) Найдите хотя бы одну пару (p; q) целых чисел, отличных от нуля, для которого треугольны x2+px+qx^2+px+q и x2+qx+px^2+qx+p имеют целые корни.
б) Найдите все такие пары (p; q).

Решим сразу задачу 6). Ответ. n−2n-2.

Ясно, что необходимо поставить по крайней мере n−2n-2 точки, поскольку nn-угольник можно разрезать на n−2n-2 треугольника и в каждом должно быть по точке. Покажем, как в nn-угольнике A0A1...An−1A_0A_1...A_{n-1} расставить точки нужным образом.

Поставим kk-ю точку BkB_k (k=1,2,...,n−2k=1, 2,...,n-2) вблизи вершины AkA_k внутри угла A0AkAnA_0A_kA_n (см. рис.), точнее, в пересечении этого угла с полуплоскостью, ограниченной прямой Ak−1Ak+1A_{k-1}A_{k+1} и содержащей точку AkA_k. Ясно, что треугольник AiAkAjA_iA_kA_j, где 0≤i<k<j≤n−10 \leq i < k < j \leq n-1, содержит точку BkB_k: угол AiAkAjA_iA_kA_j содержит угол A0AkAnA_0A_kA_n, а диагональ Ak−1Ak+1A_{k-1}A_{k+1} пересекает отрезки AiAkA_iA_k и AkAjA_kA_j.

Н. Васильев

Мы будем решать сразу пункт 6). Пусть x1,x2,y1,y2x_1, x_2, y_1, y_2 — целые корни треугольнов x2+px+qx^2+px+q и x2+qx+px^2+qx+p соответственно. По теореме Виета

x1+x2=−p,y1+y2=−q,x1x2=q,y1y2=p.x_1+x_2=-p, y_1+y_2=-q, x_1x_2=q, y_1y_2=p.

Разделив произведение первых двух равенств на произведение двух других (pq≠0pq \neq 0), получим:

(1x1+1x2)(1y1+1y2)=1.\left(\frac{1}{x_1}+\frac{1}{x_2}\right)\left(\frac{1}{y_1}+\frac{1}{y_2}\right)=1.

Не ограничивая общности, можно считать, что ∣1x1+1x2∣≥1\left|\frac{1}{x_1}+\frac{1}{x_2}\right| \geq 1 и ∣1x1∣≥12\left|\frac{1}{x_1}\right| \geq \frac{1}{2}, то есть ∣x1∣≤2|x_1| \leq 2.

Возможны два случая: ∣x1∣=1|x_1|=1 и ∣x1∣=2|x_1|=2.

1°. Пусть ∣x1∣=1|x_1|=1. Тогда из неравенства ∣1x1+1x2∣≥1\left|\frac{1}{x_1}+\frac{1}{x_2}\right| \geq 1 получаем ∣x2∣=n|x_2|=n, где n∈Nn \in \mathbb{N}, x1x2>0x_1x_2>0. Отсюда по теореме Виета для первого треугольна получаем p=±(n+1)p=\pm(n+1), q=nq=n. Треуглен x2+nx−(n+1)x^2+nx-(n+1) имеет целые корни при всех n∈Nn \in \mathbb{N}, а треуглен x2+nx+n+1x^2+nx+n+1 имеет целые корни лишь при n=5n=5. Действительно, дискриминант этого треуглена (n−2)2−8(n-2)^2-8 должно быть полным квадратом: (n−2)2−8=b2(n-2)^2-8=b^2, то есть (n−2)2−b2=8(n-2)^2-b^2=8; отсюда (n−2−b)(n−2+b)=8(n-2-b)(n-2+b)=8, причем n∈Nn \in \mathbb{N} и b∈Nb \in \mathbb{N}. Поэтому

{n−2−b=2n−2+b=4⇒n=5.\begin{cases} n-2-b=2 \\ n-2+b=4 \end{cases} \Rightarrow n=5.

2°. Пусть ∣x1∣=2|x_1|=2. Тогда из неравенства ∣1x1+1x2∣≥1\left|\frac{1}{x_1}+\frac{1}{x_2}\right| \geq 1 следует, что ∣x2∣≤2|x_2| \leq 2. Случай ∣x2∣=1|x_2|=1 с точностью до обозначений расстоянены выше, а случай ∣x2∣=2|x_2|=2 приводит к параметре (4,4)(4,4) и (−4,4)(-4,4), вторяя из которых не подходит (у многочлена x2+4x−4x^2+4x-4 не целые корни).

Лист 39

с. 37Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

37

М553. Дан треугольник ABC, причем ∣BC∣<∣AC∣<∣AB∣|BC| < |AC| < |AB|. На лунах BA и CA отложены отрезки BD и CE также, что ∣BD∣=∣CE∣=∣BC∣|BD| = |CE| = |BC|. Доказите, что радиус окружности, описанной около треугольника ADE, равен расстоянию между центрами окружности, описанной около треугольника ABC, и окружности, описанной в него.

Пусть OO — центр окружности, описанной около треугольника ABC, O1O_1 — центр окружности описанной около треугольника ADE, KK — центр окружности, описанной в △ABC\triangle ABC (см. рис.). Нужно доказать, что ∣KO∣=∣O1A∣|KO| = |O_1A|.

Пусть ∣BC∣=∣BD∣=∣CE∣=a,∣AC∣=b,∣AB∣=c|BC| = |BD| = |CE| = a, |AC| = b, |AB| = c.

Рассмотрим окружность с центром в точке KK радиуса ∣KO∣|KO|. Проведем хорды [OM]∥[AC][OM] \parallel [AC] и [ON]∥[AB][ON] \parallel [AB]. Доказем, что треугольники OMN и ADE с конгруэнтными при вершинах OO и AA углами конгруэнтны.

Опустим из центров OO и KK перpendикularы OO′OO' и KK′KK' на сторону AB(L=[ON]∩[KK′])AB(L = [ON] \cap [KK']). Легко проверить, что

∣AK′∣=a+b+c2−a=b+c−a2,|AK'| = \frac{a+b+c}{2} - a = \frac{b+c-a}{2},

∣O′K′∣=∣AK′∣−∣AO′∣=b+c−a2−c2=b−a2,|O'K'| = |AK'| - |AO'| = \frac{b+c-a}{2} - \frac{c}{2} = \frac{b-a}{2},

∣ON∣=2∣OL∣=2∣O′K′∣=b−a=∣AE∣.|ON| = 2|OL| = 2|O'K'| = b - a = |AE|.

Аналогично доказывается, что ∣OM∣=∣AD∣|OM| = |AD|.

Таким образом, треугольники OMN и ADE конгруэнтны по двум сторонам и углу между ними. Поэтому ∣KO∣=∣O1A∣|KO| = |O_1A|.

С. Мейдман

M554. Наозем натуральное число nn хорошее, если существует также натуральные числа a1,a2,...,aka_1, a_2, ..., a_k (не обязательно различные), что

a1+a2+...+ak=na_1 + a_2 + ... + a_k = n

Известно, что все числа от 33 до 73 — хорошие. Доказите, что все числа, больше 73, — тоже хорошие.

Утверждение задачи сразу следует из двух lemma:

1°. если число nn — хорошее, то uu 2n+22n + 2 — хорошее;
2°. если число nn — хорошее, то uu 2n+92n + 9 — хорошее.

Доказем их.

Из равенств

n=a1+a2+...+ak,n = a_1 + a_2 + ... + a_k,

1a1+1a2+...+1ak=1\frac{1}{a_1} + \frac{1}{a_2} + ... + \frac{1}{a_k} = 1

следует

2n+2=2a1+2a2+...+2ak+2,2n + 2 = 2a_1 + 2a_2 + ... + 2a_k + 2,

12a1+12a2+...+12ak+12=1\frac{1}{2a_1} + \frac{1}{2a_2} + ... + \frac{1}{2a_k} + \frac{1}{2} = 1

— тем самым доказано 1∘1^\circ;

2n+9=2a1+2a2+...+2ak+3+6,2n + 9 = 2a_1 + 2a_2 + ... + 2a_k + 3 + 6,

12a1+12a2+...+12ak+13+16=1\frac{1}{2a_1} + \frac{1}{2a_2} + ... + \frac{1}{2a_k} + \frac{1}{3} + \frac{1}{6} = 1

— тем самым доказано 2∘2^\circ.

Пользовать 1∘1^\circ и 2∘2^\circ, оченьной индукцией (начинаяшейся с 2⋅36+2=742 \cdot 36 + 2 = 74 для четных nn и с 2⋅33+9=752 \cdot 33 + 9 = 75 для нечетных nn) доказываем, что любое число, больше 73, хорошее, в частности — проверить правильность предпосылки, высказанной в условии. Без труда доказывается, что k2k^2 — всегда хорошее число и что если mm и nn — хорошее число, то и mnmn—

Лист 40

с. 38Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

38

4 = 2²
9 = 3²
10 = 2 • 1 + 8 = 4 • 1 + 6
11 = 3 • 1 + 8 = 6 • 1 + 5
16 = 4²
17 = 2 • 4 + 9 = 4 • 1 + 13
18 = 3 • 4 + 6
20 = 3 • 4 + 8
22 = 4 • 4 + 6
24 = 2 • 11 + 2
25 = 5²
26 = 2 • 9 + 8
27 = 2 • 9 + 9
28 = 2 • 10 + 8
29 = 2 • 10 + 9
30 = 2 • 11 + 8
31 = 2 • 11 + 9
32 = 2 + 3 + 9 + 18
33 = 3 • 9 + 6
34 = 2 • 16 + 2
35 = 3 • 9 + 8
36 = 4 • 9
37 = 2 + 5 + 10 + 10 + 10
38 = 3 • 10 + 8
39 = 3 • 11 + 6
40 = 4 • 10

М555. Расстояние пересечение
a) двух;
b) трех
цилиндров одинакового радиуса r, оси которых взаимно перпендикулярны и проходят через одну точку. Сколько плоскостей симметрины имеет это пересечение? Каков его объем?

Рис. 1.

Рис. 2.

хорошее. Кроме того, аналогично тому, как это сделано в 1° и 2°, проверяется, что если n — хорошее, то хорошими будут также: 2n+8(8=4+4), 2n+20(20=4+8+8), 3n+6(6=3+3), 3n+8(8=2+6), 4n+6(6=2+4), 4n+13(13=3+4+6), 6n+5(5=2+3).

Пользовать этим, а также подбирая представления для «недостаточих» чисел, легко доказать, что хорошими будут числа 1, 4, 9, 10, 11, 16, 17, 18, 20, 22 и все числа от 24 до 73 (эти доказательства посягют формулы на полях).

Подумайте, как проверить, будут ли хорошими числа 19, 21 и 23. Можно быть, те, кто занимаются в нашей Заочной школе программырования, найдет более полезным составить программу, проверяющую, имеет ли система

{x1+…+xk=23,1x1+…+1xk=1\begin{cases} x_1 + \ldots + x_k = 23, \\ \frac{1}{x_1} + \ldots + \frac{1}{x_k} = 1 \end{cases}

решение в натуральных числах. (Если решение есть, то программа должна напечать хотя бы одно решение, если нет — выдать «0».) Можно рассматривать это как дополнительную задачу к очередному уроку программырования; разрешается, полезно также дать оценку времени работы (числа тактов) и поставаться, чтобы оно было как можно меньше.

◆

a) Сечение нашего тела Ф плоскостью α₀, проходящей через оси цилиндров (будем считать, что α₀ горизонтальная, рис. 1),— квадрат со стороны 2r. Тело Ф имеет, оченьindo, то же пять плоскостей симметрины, что и квадрат Ф∩α₀: это — смаа плоскость α₀ и еще четые перpendикулярные α₀ плоскости, проходящие через оси симметрины квадрата. А сечение тела Ф горизонтальной плоскостью αₓ, отсюда нет α₀ на расстояние |x| ≤ r,— квадрат со стороны длины 2r2−x22\sqrt{r^2-x^2}: каждый из цилиндров пересекается с этой плоскостью по полосе ширины 2r2−x22\sqrt{r^2-x^2} (рис. 2, 3), а пересечение двух таких полос со взаимно перpendикулярными краями дает квадрат (рис. 2). Поэтому объем нашего тела равен

∫−rr4(r2−x2)dx=8r3−8r3/3=16r3/3,\int \limits_{-r}^{r} 4(r^2-x^2)dx = 8r^3 - 8r^3/3 = 16r^3/3,

Для нахождения объема тела Ф считать интеграл вовсе не обязательно. Нужно только заметить, что сечение шара радиуса r (который, разумеется, можно висать в тело Ф) плоскостью αₓ — круг площади π(r²-x²). Поэтому отношение искомого объема к объему шара радиуса r равно 4/π. Отсюда объем тела Ф равен 16r³/3 (объем шара — 4πr³/3).

б) Чтобы представить себе пересечение Ψ трех цилиндров, удобно построить так: взять куб (с диагональю грани длины 2r, то есть с ребром r√2) и через каждую четверку параллельных ребер проводится цилиндрическую поверхность (рис. 4). Ψ имеет же девять плоскостей симметрины, что и куб. В верхних куба будут пересечаться по три цилиндрических поверхностях, а «над» каждой возникнет кулой, имеющий такой же форму, как часть тела Ф, расположенная над плоскостью α_r√2/2. Объем одного купола равен

∫r2/24(r2−x2)dx=4r3[(1−22)−(13−23⋅4)]=r3(8−52)/3,\int \limits_{r\sqrt{2}/2} 4(r^2-x^2)dx = 4r^3 \left[ \left( 1 - \frac{\sqrt{2}}{2} \right) - \left( \frac{1}{3} - \frac{\sqrt{2}}{3\cdot4} \right) \right] = r^3 (8-5\sqrt{2})/3,

Лист 41

с. 39Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

39

Шесты куполов r3(16−102)r^3(16 - 10\sqrt{2}), куба 2r322r^3\sqrt{2}, поэтому объем нужного нам тела (16−82)r3≈4,69r3(16 - 8\sqrt{2})r^3 \approx 4,69r^3 (объем шара радиуса rr, который, разумеется, можно вписать в тело Ψ\Psi, равен 4πr3/3≈4,18r34\pi r^3/3 \approx 4,18r^3).

Можно посчитать и площадь поверхности тела Φ\Phi и Ψ\Psi. Для этого нужно заметить, что если полосу бумаги шириной 2π2\pi свернуть цилиндрической трубкой (радуса 1), разрезать этот цилиндр плоскостью под углом π/4\pi/4 к оси и вновь развернуть бумагу на плоскость, то край ее будет иметь форму синусoidы. Для изготовления бумажной модели тела Φ\Phi надо взять четырьмя «лепестка» площади 2r2∫0πsin⁡φdφ=4r22r^2\int_0^\pi \sin \varphi d\varphi = 4r^2 каждый (рис. 5, а), так что общая его поверхности 16r216r^2, а бумажную модель тела Ψ\Psi можно сделать из двена-дица «лепестков» площади 4r2∫0πsin⁡φdφ=(4−22)r24r^2\int_0^\pi \sin \varphi d\varphi = (4-2\sqrt{2})r^2 каждый (рис. 5, б), так что площадь поверхности тела Ψ\Psi равна (48−242)r2(48-24\sqrt{2})r^2.

Н. Васильев

М556. Обязательно ли конструктные два остроугольных равноведренных треугольника, имеющих равные по длине боковые стороны и равные радиуса вписанных, окружностей?

Ответ. Вообщество говоря, не обязательно.

Пусть в равноведренном треугольнике ABCABC (рис. 1) ∣AB∣=∣AC∣=1|AB| = |AC| = 1, BAC^=2α\widehat{BAC} = 2\alpha, OO — центр вписанной окружности, rr — ее радиус.

Для вычисления радиуса воспользовемся известной формулой S=rpS = rp, где SS — площадь треугольника, pp — его полуперimetр. В нашем случае

S=12∣AB∣⋅∣AC∣sin⁡2α=12sin⁡2α,S = \frac{1}{2} |AB| \cdot |AC| \sin 2\alpha = \frac{1}{2} \sin 2\alpha,

p=∣AB∣+∣BC∣+∣AC∣2=1+sin⁡α.p = \frac{|AB| + |BC| + |AC|}{2} = 1 + \sin \alpha.

Таким образом,

r(α)=Sp=12⋅sin⁡2α1+sin⁡α.r(\alpha) = \frac{S}{p} = \frac{1}{2} \cdot \frac{\sin 2\alpha}{1 + \sin \alpha}.

Треугольник ABCABC, по условиям, должен быть остроугольным, так что нас будет интересовать значения α\alpha, принадлежшие промежутку ]0;π/4[]0; \pi/4[. Нам надо выяснить, будет ли функция r=r(α)r = r(\alpha) на ]0;π/4[]0; \pi/4[ монотня или она на этом промежутке принята неокторые значения дважды.

Исследуем функцию rr с помощью произвольной. Вычис-

Лист 42

с. 40Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

40

Лив производную, получим:

r′(α)=1−sin⁡α−sin⁡2α1+sin⁡αr'(\alpha) = \frac{1 - \sin \alpha - \sin^2 \alpha}{1 + \sin \alpha}

(убедитесь в этом). Приравнивая r′(α)r'(\alpha) нулю, получаем sin⁡2α+sin⁡α−1=0\sin^2 \alpha + \sin \alpha - 1 = 0,

и, поскольку α∈[0;π/4]\alpha \in [0; \pi/4], sin⁡α=5−12\sin \alpha = \frac{\sqrt{5} - 1}{2} или arcsin⁡5−12=α0≈38.2∘\arcsin \frac{\sqrt{5} - 1}{2} = \alpha_0 \approx 38.2^\circ.

Легко видеть, что r′(α)>0r'(\alpha) > 0 при 0<α<α00 < \alpha < \alpha_0 и r′(α)<0r'(\alpha) < 0 при α0<α<π/4\alpha_0 < \alpha < \pi/4. Таким образом, rr возвращает при α∈]0;α0[\alpha \in ]0; \alpha_0[ и убивает при α∈]α0;π/4[\alpha \in ]\alpha_0; \pi/4[, то есть α0\alpha_0 — точка максимума функции rr (примерный ее график изобранен на рисунке 2).

Тепер ясно, что внутри промежутка ]0;π/4[]0; \pi/4[ существует такие a1a_1 и a2a_2, для которых r(a1)=r(a2)r(a_1) = r(a_2) (см. рис. 2).

А. Егоров

Ф563. Посередние барометрической трубки имеет стольбик воздуха. При температуре t0=0∘Ct_0 = 0^\circ C длина стольбика равна t0=10t_0 = 10 см. Какой станет длина стольбика при t=20∘Ct = 20^\circ C?

Ф564. Автомобиль движется по повороту дороги радиуса RR. Внезапно водитель увидел на дороге пренястые и на начал тормозить. Какое расстояние автомобиль пройдет до остановки, если его скорость равна v0v_0, коэффициент треня колес о дорогу kk и автомобиль тормозит с максимальным возможным построением?

Давление в стольбике воздуха равно весу стольбика жидкости над воздухом, деленному на площадь сечения трубки. При изменении температуры изменится и высота стольбика жидкости, и его плотность. Но масса остатчета прежней. Прежним остатется и вес стольбика, а следовательно, не изменится и давление воздуха. Поэтому относение объемов воздуханого стольбика при температуре T=293T = 293 К и T0=273T_0 = 273 К равно относительной температуре, и следовательно,

ll0=TT0.\frac{l}{l_0} = \frac{T}{T_0}.

Отсюда

l=l0TT0≈10.7 см.l = l_0 \frac{T}{T_0} \approx 10.7 \text{ см.}

Единственное внешняя сила, действующая на автомобиль в горизонтальной плоскости, это сила треня. Так как колеса автомобиль не просkalываются относительно дороги, то это сила треня покоя. Эта сила сообщает автомобильуускорение a⃗\vec{a} такое, что модель проекции a⃗\vec{a} на радиус, проведенный к точке, в которой находится автомобиль, равен центростремительномуускорению a1=v2/Ra_1 = v^2/R; модель проекции a⃗\vec{a} на касательную к дороге равен a2=a2−a12a_2 = \sqrt{a^2 - a_1^2}. «Линейное»ускорение a⃗2\vec{a}_2 обеспечивает уменьшение скорости автомобиль. Согласно условиям задачи a2a_2 остается постоянным и максимальным возможным. В момент начала торможения a2=a2−v04/R2a_2 = \sqrt{a^2 - v_0^4/R^2}. Эта величина максимальная при a=kga = kg (максимальное значение треня покоя kmgkmg).

Следовательно, автомобиль тормозит с постоянным «линейным»ускорением a2=(kg)2−v04/R2a_2 = \sqrt{(kg)^2 - v_0^4/R^2}. Расстояние ll, пройденное автомобильем до остановки, равно

l=v022a2=v02R2(kgR)2−v04.l = \frac{v_0^2}{2a_2} = \frac{v_0^2 R}{2 \sqrt{(kgR)^2 - v_0^4}}.

Лист 43

с. 41Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

41

Ф565. На рисунке, взятом из работы Миликена, приведена зависимость задерживающего напряжения от частоты света в опытах по формуле:

hv=A+mv22,hv = A + \frac{mv^2}{2},

где AA — работа выхода электрона из катода и mv2/2mv^2/2 — кинетическая энергия, которое имеет вылетевший электрон. Максимальное напряжение между аномом и катодом, при котором электрон еще может попасть на аномод, — задержи-

hv=A+U3e.hv = A + U_3e.

Для двух частот света v1v_1 и vv-мы можем записать:

hv1=A+U31e,hv2=A+U32e.hv_1 = A + U_{31}e, \quad hv_2 = A + U_{32}e.

Вычитая из первого равенства второе, получим

hΔv=eΔU3,h\Delta v = e\Delta U_3,

откуда

he=ΔU8Δv.\frac{h}{e} = \frac{\Delta U_8}{\Delta v}.

Определяя по графику соответствующие значения ΔU3\Delta U_3 и Δv\Delta v, находим:

he≈4.10−15 B⋅c.\frac{h}{e} \approx 4.10^{-15} \text{ B}\cdot\text{c}.

Ф566. Атом, движущийся со скоростью vv (v≪cv \ll c), испускает фoton под малым углом а к направлению своего движения. Доказать, что если ω\omega — частота излучения покоящегося атома, а ω\omega — частота вqlны фotonа, то для видимого света ω0−ωω≈vc\frac{\omega_0 - \omega}{\omega} \approx \frac{v}{c} cos α\alpha.

В результате излучения фotonа меняются импульс атома, его кинетическая энергия и внутренняя энергия.

Согласно закону сохранения импульса mv=mv1+p⃗ϕmv = mv_1 + \vec{p}_\phi (mv⃗1\vec{mv}_1 — импульс атома после излучения, p⃗ϕ\vec{p}_\phi |= ℏω/c\hbar\omega/c — импульс излученного фotonа), то есть

(mv1)2=(mv)2+(ℏωc)2−2mvℏωccos⁡α.(mv_1)^2 = (mv)^2 + \left(\frac{\hbar\omega}{c}\right)^2 - 2mv \frac{\hbar\omega}{c} \cos \alpha.

Согласно закону сохранения энергии

mv22=mv122+ℏω+ΔE\frac{mv^2}{2} = \frac{mv_1^2}{2} + \hbar\omega + \Delta E

(ℏω\hbar\omega — энергия излученного фotonа, ΔE\Delta E — изменение внутренней энергии атома).

Изменение ΔE\Delta E внутренней энергии атома — это изменение энергии первого начального атома после излучения фotonа с энергийей ℏω0\hbar\omega_0. После излучения атом, согласно закону сохранения импульса, прибретает импульс m⃗u⃗\vec{m}\vec{u} такой,

Лист 44

с. 42Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

42

что mu⃗+(ℏω0/c)=0⃗m\vec{u} + (\hbar\omega_0/c) = \vec{0} и mμ=ℏω0/cm\mu = \hbar\omega_0/c. Так что изменение внутренней энергии.atoma, согласно закону сохранения энергии, равно

ΔE=−[ℏω0+(ℏω0)22mc2]=−ℏω0(1+ℏω02mc2)\Delta E = - \left[ \hbar\omega_0 + \frac{(\hbar\omega_0)^2}{2mc^2} \right] = - \hbar\omega_0 \left( 1 + \frac{\hbar\omega_0}{2mc^2} \right)

(ΔE<0\Delta E < 0, так как внутренняя энергия.atoma уменьшилась).

Подставляя значение ΔE\Delta E в (2) и исключая из (1) и (2) v1v_1, получаем:

ω(1+ℏω2mc2−vccos⁡α)=ω0(1+ℏω02mc2).\omega \left( 1 + \frac{\hbar\omega}{2mc^2} - \frac{v}{c} \cos \alpha \right) = \omega_0 \left( 1 + \frac{\hbar\omega_0}{2mc^2} \right).

При сравнительно малых значениях частот ω\omega и ω0\omega_0 (порядка оптических) величины ℏω/2mc2\hbar\omega/2mc^2 и ℏω0/2mc2\hbar\omega_0/2mc^2 много меньше единиц. Пренебрегая этими величины, из (3) находим, что при малых углах α\alpha (когда cos⁡α≈1\cos \alpha \approx 1)

ω−ω0ω≈vc.\frac{\omega - \omega_0}{\omega} \approx \frac{v}{c}.

Ф567. На рисунке 1 приведена зависимость тока через автоматильную лампочку от напряжения на ней. Лампочку включают в цепь, показанную на рисунке 2. Найти мощность, выделяющуюся на лампочке.

Чтобы найти мощность, выделяющуюся на лампочке, надо определить напряжение на лампочке и текущий через нее ток.

Если на лампочке и на резисторе с сопротивлением R2R_2 напряжение равно UU, то на резисторе с сопротивлением R1R_1 напряжение равно U−UU - U. Ток, текущий через R1R_1, равен I1=(E−U)/R1I_1 = (\mathcal{E} - U)/R_1; ток, текущий через R2R_2, равен I2=U/R2I_2 = U/R_2. Следовательно, ток, текущий через лампочку при напряжении на ней UU, равен

I=I1−I2=E−UR1−UR2=ER1−U(1R1+1R2).I = I_1 - I_2 = \frac{\mathcal{E} - U}{R_1} - \frac{U}{R_2} = \frac{\mathcal{E}}{R_1} - U \left( \frac{1}{R_1} + \frac{1}{R_2} \right).

Лампочка горит только в том случае, если значения UU и II, связанные соотношения (), соответствуют точке на волтамерной характеристике лампочки. Эти значения определяют точку пересечения графика функции I=5−56UI = 5 - \frac{5}{6} U (мы подставили в () численные значения) с волтамерной характеристикой лампочки. Построив график (см. рис. 1), находим: U≈4,8U \approx 4,8 В, I≈1I \approx 1 А.

Таким образом, мощность, выделяющаяся на лампочке, равна

P=IU≈4,8 Вт.P = IU \approx 4,8 \text{ Вт.}

И. Словодечкий

Лист 45

с. 43Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

43

Задание

  1. а) Два натуральных числа отличся на 2, а их квадраты на 100. Какие это числа?
  1. Квадраты двух последовательных натуральных чисел отличся лишь перестановкой последних двух цифр. Найдите эти числа.
  1. Для номерации страниц книги потребовалось всего 1392 цифры. Сколько в этой книге страниц?

  2. На улице, став в кругжок, беседуют 4 девочки: Аня, Валя, Галя и Надя. Девочка в зеленом плате (не Аня и не Валя) стоит между девочкой в голубом плате и Надей. Девочка в белом плате стоит между девочкой в розовом плате и Валей. Какое платье носит каждая из девочек?

  3. Если головоломка, которое вы разгадали перед тем, как вы разгадали эту, была труднее, чем головоломка, которое вы разгадали после того, как вы разгадали головоломку, которое вы разгадали перед тем, как вы разгадали эту, то была ли головоломка, которое вы разгадали перед тем, как вы разгадали эту, труднее, чем эта?

  4. Разрежьте параллелограмм по прямой, проходящей через его центр, так, чтобы из полученных двух кусков можно было сложить ромб.

43

Лист 46

с. 44Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

44

А. Бендукидзе, А. Савин

Производные пропорции

— Здравствуй, Ира!
— А, это ты, Витя! Заходи, садись.
— Как твоя ангина?
— Врач говорит, что в понедельник уже можно идти в школе. А что новенького в классе?
— Сегодня смеху было! Наталья Николаевна вызвала к доске Сережу Казакова. Уже не помню, какую он решал задачу, но по ходу дела ему нужно было сложить 2/32/3 и 5/45/4. Он взял и сложил числитель с числителем, а знаменатель со знаменателем, — получил в результате 7/77/7, то есть единицу. А Наталья Николаевна и говорит: «Дай-ка, Сережа, дневник, я эту единицу поставлю туда тебе на память».
— Постой-ка, Витя, а это же любопытно!
— Это точно! Единицу у нас давно уже никто не получал.
— Да я не про то. Смотри, одна дробь была меньше единицы, а вторая больше, а в результате получилась единица. Подай, пожалуйста, со стола тетрадку и ручку! Спасибо. А ну-ка, возьмите 2/32/3 и 2/52/5. Так… Складываем числители, потом знаменатели…
— Тебе лавры Казакова не дают покоя?
— Обожди, мы получаем 4/84/8, то есть 2/42/4, то есть 1/21/2. Ага! 1/21/2 больше, чем 2/52/5, но меньше, чем 2/32/3. Ура! Витя, я придумала новую теорему: если у двух дробей сложить числители, а потом знаменатели, то получится дробь, которая больше меньше дроби, но меньше большешей.
— Постой, а откуда ты знаешь, что это верно?
— А я еще не знаю, я чувствую, что это так.
— Давай проверим. Если две дроби равны, то такое «сложение» по твоей теореме должно давать равную им дробь. Возьмем 2/32/3 и 4/64/6. Так… Получаем 6/96/9, то есть снова 2/32/3.
— А зачем быть частный случай? Возьмем несократимую дробь a/ba/b.
— Почему несократимую?
— Хорошо, я умножу числитель и знаменатель на какое-нибудь число nn. Тепер возьму другую, равную ей дробь. Для этого умножу числитель и знаменатель на число mm. Получим

nanbmamb.\frac{na}{nb} \quad \frac{ma}{mb}.

Сложим числители и знаменатели, разделим. Получилось

na+manb+mb.\frac{na+ma}{nb+mb}.

Лист 47

с. 45Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

45

Теперь я вижу, что нужно сделать! В числитель вынесем множество aa, а в знаменатель bb. Запишем это:

a(n+m)b(n+m)\frac{a(n+m)}{b(n+m)}

Теперь можно сократить на (n+m)(n+m); видно, что получилась дробь, равная первоначальной.

Витя, а ведь это тоже прекрасная теорема! Послушай формулировку:

ab=cd,ab=cd=a+cb+d\frac{a}{b} = \frac{c}{d}, \quad \frac{a}{b} = \frac{c}{d} = \frac{a+c}{b+d}

А я думаю, что еще лучше ее формулировать так: ab=cd,ab=cd=na+mcnb+md\frac{a}{b} = \frac{c}{d}, \quad \frac{a}{b} = \frac{c}{d} = \frac{na+mc}{nb+md}

В понедельник Ира и Витя показали Наталья Николаевне свое открытие.

Что же, молоды,— сказала Наталья Николаевна,— свойство которого вы открыли, конечно же, известно. Оно называется производной пропорцией. В дальнейшем оно может вам не раз приготовиться. И конечно же, следует написать о нем в нашу математическую стенгазету. Там же мы помещим и твою, Ира, теорему: ab<cd,ab<a+cb+d<cd\frac{a}{b} < \frac{c}{d}, \quad \frac{a}{b} < \frac{a+c}{b+d} < \frac{c}{d}. Ты верно угадала. Только докажи ее сама.

А от себя я добавлю еще несколько теорем на производные пропорции. Запиши, Витя. Первой теоремой пусть будет такая:

ab=cd,a+bb=c+dd\frac{a}{b} = \frac{c}{d}, \quad \frac{a+b}{b} = \frac{c+d}{d}

Ну, Наталья Николаевна, это же совсем просто! Разделим почленно левую часть на bb, а правую — на dd, получим ab+1=cd+1.\frac{a}{b} + 1 = \frac{c}{d} + 1. Но ведь дроби же равны, значит, прибавив по единице к обем части верного равенства, мы снова получим верное равенство.

Вторая будет последнее: ab=cd,a+ba−b=c+dc−d\frac{a}{b} = \frac{c}{d}, \quad \frac{a+b}{a-b} = \frac{c+d}{c-d}.

А вот тебе пропорция даже не с двумя, а с четырьмя произвольными числами: ab=cdu,n,m,p,r\frac{a}{b} = \frac{c}{d} \quad u, n, m, p, r — произвольные числа, то

na+mbpa+rb=nc+mdrc+rd\frac{na+mb}{pa+rb} = \frac{nc+md}{rc+rd}.

Наталья Николаевна,— сказала Ира,— а ведь предыдущие вашие теоремы являются частьми случаями этой. В первой теореме nn, mm и rr равны единице, а pp — нулю, во второй mm равна единице, а остальные числа — единице. А в третьей nn, mm и pp равны единице, а rr — минус единице. Стало быть, доказав эту теорему, я докажу и все остальные.

Нет,— протянул Витя,— лучше я попробую рассмотреть частьные случаи, а потом, глядились, и станет ясно, как доказывать теорему в общем виде, чем сразу ломать голову над трудной теоремой,— тем более, одну я уже доказал.

И вас, читатели, приглашаем подумать над теоремами, о которых шла здесь речь.

ИЗ ИНОСТРАННОГО ЮМОРА

Лист 48

с. 46Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

46

В. Дубровский

Неожиданный ракурс

Я видел озеро, стоящее отсено. О. Мандельштам

Чертежи в stereometрии обычно стараются делать как можно более наглядными, выбирая такой ракурс, чтобы все важные точки, линии, плоскости были хорошо видны. Однако для общирной группы задач выгодной другой ракурс: такой, при котором неоторные прямые и плоскости вырождаются, т. е. изобразаются, соответственно, точками и прямыми. О таких задач мы и раскажем.

Идея предлагаемого приема — специальный выбор паралельной проекции. Поэтому формулируем сначала основное свойство паралельной проекции, непосредственно вытекающей из свойств, указанных в § 12 «Геометрии 9»:

Пусть A′,B′,C′,D′A', B', C', D' — образы точек A,B,C,DA, B, C, D при паралельной проекции на плоскость π\pi вдоль прямой ll. Тогда, если AB=kCDAB = kCD, то uA′B′=kC′D′∗u A'B' = kC'D'^* (рис. 1, а).

*) В дальнейшем это свойство используется так часто, что ссылаться на него при его использовании мы не будем; при оформлении письменной работы школьники (и абитуренты) должны неосредственно ссылаться на свойства из § 12 учебника.

*) Поскольку паралельная проекция на прямую вдоль плоскости в школе не изучается (в отличие от проекции на плоскость вдоль прямой), абитурент, применяющий ее на экзамене, должен обосновать те ее свойства, на которые он ссылается. В этой связи, однако, мы советуем посмотреть мелкий шрифт на с. 48.

Лист 49

с. 47Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

47

вдоль прямоЙ KM (рис. 2, б) и вдоль прямоЙ NL (рис. 2, в). Эта плоскость (которую естественно отождествлять с плоскостью чертежа), конечно, должна пересекать прямоЙ KM (соответствие, прямоЙ NL), но в остальном ее выбор не влияет ни на решение, ни на ответ — продукта, почему.

Например, можно считать, что мы смотрим на тетраэд, повернуть его так, что точки K и M (или L и N) совместились.

На проекции вдоль прямоЙ KM образы точек Q, K и M совпадают, сечение изображается отрезком L’N’, а тетраэд — параллелограммом A’C’B’D’ с проведенными диагоналими, ведь, по условияю, K и M — середины отрезков AB и CD. Из рисунка 2, б немедленно следует, что Q’ — середина отрезка L’N’ (значит, Q — середина отрезка NL) и что точки L’ и N’ делят проекции ребер тетраэд в равных отношениях: |D’N’|:|N’A’| = |C’L’|:|L’B’|. Это равенство сохраняется и при проекции вдоль (LN), то есть на рисунке 2, в: |D’‘N’’|:|N’‘A’’| = |C’‘L’’|:|L’‘B’’|; следовательно, на этом рисунке (A’‘B’’) ||(C’‘D’’) и поэтому |C’‘L’’|/|L’‘B’’| = |M’‘Q’’|/|Q’‘K’’|. Значит, |CL|/|LB| = |MQ|/|QK|. Но условию |MQ|/|QK| = 5. Следовательно, |CL|:|LB| = 5. Отсюда расстояние от точки C до плоскости сечения равно 5·2 = 10. Объем тетраэд BKMC равен сумме объемов тетраэдров BKML и CKML, высоты которых, опущенные на грайь KML, равны, как мы видели, 2 и 10. Таким образом, V_BKMC = 12 = 13SΔKML⋅(2+10)\frac{1}{3} S_{\Delta KML} \cdot (2+10); следовательно, площадь треугольника KML равна 3. Но площади треугольников KMN и KML равны, как трехгольники имеют общее основание KM и равные высоты, опущенные на это основание (напомним, что Q — середина [NL]), поэтому S_KLMN = 2S_{\Delta KML} = 6.

В дальнейшем, чтобы не перегружать формулы трихами, мы будем одинаково обозначать изображение одной и той же точки во всех проекциях.

Для следующего задачи мы приведем два решения: одно — при помощи проекции вдоль прямоЙ, другое — вдоль плоскости.

Задача 2. (МГУ, механит, 1964). Дан куб ABCDА1B1C1D1, две AA1, BB1, CC1, DD1 — боковые ребра. В каком отношении делит ребро B1C1 точка E, которая принадлежит плоскости про-

Лист 50

с. 48Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

48

ходящей через вершину A и центры граней A1B1C1D1A_1B_1C_1D_1 и B1C1CBB_1C_1CB?

Первое решение. Построим проекцию куба (рис. 3, а) вдоль прямой KLKL, где KK — центр грани A1B1C1D1A_1B_1C_1D_1, LL — центр грани B1C1CBB_1C_1CB (рис. 3, б). Проекции этих граней изображаются в виде параллелограммов с общей стороны B1C1B_1C_1 и общим центром K=LK=L; следовательно, проекции вершин BB и A1A_1, CC и D1D_1 также совпадают. Положение на рисунке 3, а точек AA и DD определяется из условия AA1→=DD1→=BB1→\overrightarrow{AA_1}=\overrightarrow{DD_1}=\overrightarrow{BB_1}. Плоскость сечения проекируется в прямую AKAK, пересекающий отрезок B1C1B_1C_1 в точке EE. Обозначим через MM середину отрезка BB1BB_1, тогда (рис. 3, б) ∣B1E∣∣B1C1∣=∣B1E∣2∣KM∣=12∣B1A∣∣MA∣=12⋅43=23\frac{|B_1E|}{|B_1C_1|}=\frac{|B_1E|}{2|KM|}=\frac{1}{2}\frac{|B_1A|}{|MA|}=\frac{1}{2}\cdot\frac{4}{3}=\frac{2}{3}. Отсюда ∣B1E∣:∣EC1∣=2|B_1E|:|EC_1|=2.

Второе решение (рис. 3, в). Выберем систему координат с началом EE так, чтобы оси абсцисс и ordinат лежали в плоскости EKLEKL. Тогда аппликаты точек E,K,LE, K, L и AA равны нулю. Воспользовемся основным свойством для проекции вдоль плоскости EKLEKL. Из условия KA1→=−KA1→\overrightarrow{KA_1}=-\overrightarrow{KA_1} и LC1→=−LC1→\overrightarrow{LC_1}=-\overrightarrow{LC_1} получаем zA1=zBz_{A_1}=z_B и zC1=−zA=−zBz_{C_1}=-z_A=-z_B (здеся zPz_P обозначает аппликату точки PP). Далее из условия AA1→=BB1→\overrightarrow{AA_1}=\overrightarrow{BB_1} и равенства zA1=zBz_{A_1}=z_B получаем zB1=2zA1z_{B_1}=2z_{A_1}. Таким образом, точки C1,E,B1C_1, E, B_1 на отрезке C1B1C_1B_1 имеют аппликаты zC1,0,−2zC1z_{C_1}, 0, -2z_{C_1} соответственно. Вновь применяем основное свойство, получаем ∣B1E∣:∣EC1∣=2|B_1E|:|EC_1|=2.

Чтобы избежать ссылки на основное свойство проекции вдоль плоскости (которая не упомянут в школьном учебнике), предыдущий текст можно написать так: вместе с фразы «Воспользовемся основным свойством для проекции вдоль плоскости…» написать «Воспользовемся теперь тем, что равные, векторы имеют координаты и что координаты вектора равны разности координат его конца и начала» («Геометрия 10», § 42), а вместе последней фразы — написать: «Позтоуну из подобия треугольников (рис. 3, в) получаем ∣B1E∣:∣EC1∣=2|B_1E|:|EC_1|=2». Аналогичные изменения можно внести в текст следующую решения, где также использовются координаты.

Задача 3 (МГУ, мехмат, 1965). Дана правильная треугольная признака ABCA1B1C1ABCA_1B_1C_1 с боковым ребрами AA1,BB1AA_1, BB_1 и CC1CC_1. Пусть точка PP делит оси OO1OO_1 призмы в отношении 5:1. Через точку PP и середины ребер ABAB и A1C1A_1C_1 проведена плоскость. В каком отношении эта плоскость делит объем признамы?

Решение. Пусть KK — середина [AB][AB], NN — середина [A1C1][A_1C_1]. Спроектируем признаку на некоторую прямую ll вдоль плоскости сечения (PKNPKN). Расмотрим на прямой ll координаты, приняв за начало отсечета проекцию плоскости PKNPKN (рис. 4, б). Определим координаты проекций всех вершин признамы. Выбор масштаба в нашей воле; пусть, например, xO1=1x_{O_1}=1. Тогда xO=−5x_O=-5, поскольку PO=−5PO1PO=-5PO_1; далее,

NB1=3NO1xB1=3B1B=O1O⇒xB=xB1+xO1−xO=3.NB_1=3NO_1 \quad x_{B_1}=3 \quad B_1B=O_1O \Rightarrow x_B=x_{B_1}+x_{O_1}-x_O=3.

Аналогично, xA=−xB=3x_A=-x_B=3, xA1=xA+xO1−xO=9x_{A_1}=x_A+x_{O_1}-x_O=9, xC1=xC1+xO1−xO=15x_{C_1}=x_{C_1}+x_{O_1}-x_O=15.

Теперь, для того чтобы найти, в каком отношении делит плоскость сечения некоторых отрезок XYXY, достаточно найти отношение координат его концов xX:xYx_X:x_Y. Например, xB:xB=1x_B:x_B=1, следовательно, сечение проходит через середину отрезка BB1;xB1:xA1=13BB_1; x_{B_1}:x_{A_1}=\frac{1}{3}, следовательно, плоскость сечения пересекает продольжение отрезка A1B1A_1B_1 за точку B1B_1 в такой точке RR, что ∣B1R∣:∣A1R∣=1:3|B_1R|:|A_1R|=1:3 и т. д. Далее надо,… впрочем, не будем лишать читателя удовлетворяяdoorsать эту задачу до конца самостоятельного. Ответ. 49/95.

Лист 51

с. 49Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

49

Теперь можно формировать при avилю, на основе которого решались все разобранные задачи: чтобы узнать, в каком отношении плоскость π (соответственно, прямая l) делит непараллельный ей отрезок, следует рассмотреть проекцию вдоль плоскости π или вдоль какой-лобо извесной прямой, лежащей в плоскости π (соответственно, вдоль прямой l).

В качестве примера применения этого правила в планиетринии будет доказана.

Теорема Менелая. Если прямая l пересекает стороны AB, BC и CA треугольника ABC или их продолжения в точках K, L, M соответственно, то
AKKB⋅BLLC⋅CMMA=−1∗\frac{AK}{KB} \cdot \frac{BL}{LC} \cdot \frac{CM}{MA} = -1^*.

Доказательство (рис. 5). Спроектируем треугольник параллельно прямой l на какую-лобо пересекающий ее прямую. Тогда
AKKB⋅BLLC⋅CMMA=A′PPB′⋅B′PPC′⋅C′PPA′=(−1)3=−1.\frac{AK}{KB} \cdot \frac{BL}{LC} \cdot \frac{CM}{MA} = \frac{A'P}{PB'} \cdot \frac{B'P}{PC'} \cdot \frac{C'P}{PA'} = (-1)^3 = -1.
(Отметим, что верна и обратная теорема, ее можно доказать от противного.)

Разберем теперь задачу, в котором важны не только отношения длини параллельных отрезков, как это было выше, но и сами эти длины, а также углы между отрезками. В отличие от предыдущих задач, здесь играют роль и направление проекции, и плоскость, на которой мы проектируем.

Задача 4. (МФТИ, 1977) Сторона основания ABCD правильно признаны

*) Через ab\frac{a}{b} мы обозначаем такое число kk, что a⃗=kb⃗\vec{a} = k\vec{b}, если оно существует, т. е. если векторы a⃗\vec{a} и b⃗\vec{b} коллинеарны и ∣b⃗∣≠0|\vec{b}| \neq 0.

Рис. 6.

АВСDA1_1B1_1C1_1D1_1 имеет длину 2a, боковое ребро — длину a. Расматривают отрезки с концами на диагонали AD1_1 грани и диагонали DB1_1 прізмы, параллельные плоскости AA1_1B1_1B.

  1. Один из этих отрезков проведен через такую точку M диагонали AD1_1, что |AM|:|AD1_1|=2:3. Найти его длину.

  2. Найти наименьшую длину расматриваемых отрезков.

Решение (рис. 6). Спроектируем признаму вдоль диагонали B1_1D на плоскость грани ABB1_1A1_1. Легко видеть, что получится чертеж, изображенный на рисунке 6, 6. Ясно, что любой отрезок, параллельный плоскости ABB1_1A1_1, проектируется в отрезок той же длины (!). Поэтому расматриваемые отрезки будут конгруженными своим проекциям [DX], где X ∈ [AD1_1]. Очевидно, кратчайший из них есть перpendикуляр DH, опущенный из точки D на (AD1_1). Треугольник DHD1_1, как и ΔABD1_1, — прямогольный и равно-бедренный, поэтому |DH| 22\frac{\sqrt{2}}{2} |DD1∣=22_1| = \frac{\sqrt{2}}{2} a (это ответ на второй вопрос). Длину отрезка DM можно найти из прямого треугольника MPD, в котором |DP| = 13\frac{1}{3} |DD1∣=a3_1| = \frac{a}{3}, |MP| = 13\frac{1}{3} |AB| = 2a3\frac{2a}{3}. Таким образом,

∣DM∣=a53|DM| = \frac{a\sqrt{5}}{3}

В заключение приведем короткое и получительное доказательство одной из красивейших теоремстереометрики, основанное на методе проектирования.

Задача 5. Доказать, что если все грани треугольра равновелики (имеют одинаковые площади), то они попарно конгружены*).

Лист 52

с. 50Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

50

Решение. Пусть MNMN — общий перpendикуляр к ребрам ABAB и CDCD tetraэдра ABCDABCD с равновеликами границ (рис. 7, а). Легко понять, что ortogonalная проекция tetraэдра вдоль прямой ABAB является треугольником ADCADC (рис. 7, б), в котором сторона ADAD конгруэнтна высота DD1DD_1 грани ABDABD, а сторона ACAC — высота CC1CC_1 грани ABCABC, причем отрезок MNMN проектируется в высоту ANAN треугольника ADCADC. Поскольку треугольники ABCABC и ABDABD имеют одинаковые площади и общее основание ABAB, их высоты, опущенные на это основание, равны, значит, на рисунке 7, б ∣AD∣=∣AC∣|AD|=|AC|; а значит, точка NN (основание высоты равноведренного треугольника) делит отрезок CDCD пополам. Пользовным свойством проекции и повторяя это рассужждение применительно к остальных ребрам tetraэдра, заключаем, что обще перpendикуляры всех пар скрещивающих ребер tetraэдра ABCDABCD проходят через середины соответствующих ребер и, стало быть, являются осими симметрины tetraэдра. Например, при осевой симметринии с осью MNMN (рис. 7, а) вершина AA перейдет в BB, BB — в AA, CC — в DD, DD — в CC, поэтому грань ABCABC конгруэнтна грани ABDABD, а грань ACDACD — грани BCDBCD. Точно так же доказывается, что △ABD≅△ACD\triangle ABD \cong \triangle ACD.

Задание в этой заметке в основном подобранья так, чтобы читатель мог сравнить их решения, полученные с помощью параллельной проекции, с «традиционными» (чисто геометрическими) и векторными решениями. Так, задание 2 и 3 разобраны в книге Г. В. Дорофеева, М. К. Потанов и Н. Х. Розова «Пособие по математике для поступающих в вызыв» (М., «Наука», 1976), с. 340 и 514, задание 3 — также в стьте С. Овчинникова «Принадлежность точек прямой и плоскости» («Квант», 1978, № 3), задание 4 — в стьте И. Габович «Векторы помогают на экзамене» («Квант», 1979, № 1) и в стьте Г. Бевза «Задачу можно решить проще» («Квант», 1979, № 11).

Уражнения

  1. Даны две скрещивающие прямые aa и bb. Найти множество точки XX, деляющих в постоянном отношении отрезки ABAB (∣AX∣:∣XB∣=k|AX|:|XB|=k), где aa точка AA пробегает прямую aa, BB пробегает прямую bb; 6) то же самое, но с условиям, что прямая ABAB остается все время параллельной данной плоскости aa.

  2. Дана замкнутая непlockая четырехвенная ломана ABCDABCD («пространственный четырехугольник»). Доказать, что точки KK, LL, MM, NN, взятые на ее звеньях ABAB, BCBC, CDCD и DADA соответственно, лежат в одной плоскости тогда и только тогда, когда AKKB⋅BLLC⋅CMMD⋅DNNA=1\frac{AK}{KB} \cdot \frac{BL}{LC} \cdot \frac{CM}{MD} \cdot \frac{DN}{NA} = 1.

  3. Дана правильная шестугольная парамида SABCDEFSABCDEF с вершиной SS. На ребрах SASA и SCSC взятые точки KK и LL так, что ∣SK∣:∣KA∣=3|SK|:|KA|=3, ∣SL∣:∣LC∣=1/3|SL|:|LC|=1/3, точка MM — середина aa) ребра SFSF, 6) ребра SESE. Определить, какие ребра парамиды пересекаются плоскостью (KLMKLM) и в каком относении они его делятся.

  4. (МФТИ, 1975). Площадь трапеции ABCDABCD равна SS, относение длины оснований ∣AD∣:∣BC∣=3:1|AD|:|BC|=3:1. Отрезок MKMK расположен так, что он параллелен стороне CDCD и пересекает сторону ABAB, а отрезок AMAM параллелен отрезку BKBK. Определить площадь треугольника BKCBKC, если ∣AM∣:∣BK∣=3:2|AM|:|BK|=3:2, ∣MK∣:∣CD∣=1:3|MK|:|CD|=1:3 (найти все решения).

  5. (МФТИ, 1976): На диагоналях AB1AB_1 и CA1CA_1 боковых граней треугольной прямых ABCA1B1C1ABCA_1B_1C_1 расположены, соответствующей точки DD и EE так, что (DE)∥(BC1)(DE) \parallel (BC_1). Определить относение ∣DE∣:∣BC1∣|DE|:|BC_1|.

  6. (МФТИ, 1977). Сторона основания ABCDABCD правильной парамиды SABCDSABCD имеет длину aa, боковое ребро — длину 2a2a. Расматривают отрезки с концами на диагонали BDBD основания и боком ребро SCSC, параллельные (SAD). Найти наименьшую длину всех расматриваемых отрезков.

  7. (М462). Плоскость пересекает боковые ребра правильной четырехвенной парамиды в точках, отстоящих от вершины на расстояния aa, bb, cc и dd. Доказать, что 1a+1c=1b+1d\frac{1}{a} + \frac{1}{c} = \frac{1}{b} + \frac{1}{d}.

  8. (МГУ, мехмат, 1978). Объем tetraэдра ABCDABCD равен 5. Через середины ребер ADAD и BCBC проведена плоскость, пересекающая ребро CDCD в точке MM. При этом относение длины отрезка DMDM к длине отрезка MCMC равно 23\frac{2}{3}. Вычислить площадь сечения tetraэдра указанной плоскостью, если расстояние от нее до вершины AA равно 1.

  9. (МГУ, геол. ф-т, 1974). Дан куб ABCDA1B1C1D1ABCDA_1B_1C_1D_1, длина ребра которого равна 1 см. На ребрах AA1,BB1,DD1AA_1, BB_1, DD_1 взятые, соответствующие точки KK, PP и MM — так, что ∣AK∣:∣AK∣=1:3|AK|:|A_K|=1:3, ∣BP∣:∣BP∣=3:1|BP|:|B_P|=3:1, ∣DM∣:∣DM∣=3:1|DM|:|D_M|=3:1. Найти объем парамиды, у которой основанием служит сечение куба плоскостью, проходящей через точки KK, PP и MM, а вершина расположена в точке A1A_1.

  10. В параллелепипеде ABCDA1B1C1D1ABCDA_1B_1C_1D_1 площади граней ABB1A1ABB_1A_1 и BCC1B1BCC_1B_1 равны, соответствующей ACC1A1ACC_1A_1 и BDD1B1BDD_1B_1 — s1s_1 и s2s_2. Показать, что s12+s22=2(S12+S22)s_1^2 + s_2^2 = 2(S_1^2 + S_2^2). Выразить двумя уголами угол при ребре AA1AA_1 через эти площики.

Лист 53

с. 51Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

51

Московский физико-технический институт

Ниже публикуются материалы письменныхступительных экзаменов 1979 года. На работу как по математике, так и по физике отводилось пять часов.

Mathematica

Вариант 1

  1. Решить уравнение
    2−x+42−x+3=2.\sqrt{2-x} + \frac{4}{\sqrt{2-x}+3} = 2.
  2. Решить неравенство
    x−1log⁡3(9−3x)≤1.\frac{x-1}{\log_3(9-3^x)} \leq 1.
  3. Найти все решения уравнения
    sin⁡(2x−π4)=2sin⁡2x,\sin(2x - \frac{\pi}{4}) = \sqrt{2}\sin^2x,
    удовлетворяющие неравенству
    log⁡cos⁡23(1+sin⁡(7x+5))<sin⁡8x.\log_{\cos^23}(1 + \sin(7x+5)) < \sin 8x.
  4. Продолжения высот AM и CN остроугольного треугольника ABC пересекают описанную оклою него окружность в точках P и Q. Найти радиус описанной окружности, если ∣AC∣=a,∣PQ∣=65a.|AC| = a, |PQ| = \frac{6}{5}a.
  5. В терраде ABCD двумя углы при ребрах AB и BD прямые, ACD^=a\widehat{ACD} = a. Вершина конуса совпадает с одной из вершин терраэра, окружность основания конуса вписана в одну из границ. Найти угол в осевом сечении конуса.
  6. Пункт N расположен на берегу реки, ширина которого 1 km, а скорость течение 1 km/час. Не менее чем на 3 km ниже по течение на другом берегу находится пункт M. Из пункта M выходит рыбак и идет вдоль берега по направлению к N со скоростью 4 km/час. Одовременено из пункта N отплывает на лодке перевозчик, пересекает реку, и дохдавшись рыбака, переправляет его в пункт N. Туда и обратно лодка движалась по прямой, причем направление движения было выбран так, что от отплития до возврашения прошло наименьшее возможное время, равное 98\frac{9}{8} часа. Скорость лодки в стоячей воде равна 4 km/час. Найти расстояние (по течению) между пунктами M и N.

Вариант 2

  1. Решить неравенство
    0,4x−2,5x+1>1,5.0,4^x - 2,5^{x+1} > 1,5.
  2. Решить систему уравнений
    {log⁡2y=log⁡4(xy−2),log⁡9x2+log⁡3(x−y)=1.\begin{cases} \log_2y = \log_4(xy - 2), \\ \log_9x^2 + \log_3(x-y) = 1. \end{cases}
  3. Окружность радиуса R, проведенная через вершины A, B и C прямойной трапеции ABCDABCD (A^=B^=π2\widehat{A} = \widehat{B} = \frac{\pi}{2}), пересекает отрезки AD и CD соответственно в точках M и N так, что ∣AM∣:∣AD∣=∣CN∣:∣CD∣=1:3|AM|:|AD| = |CN|:|CD| = 1:3. Найти площадь трапеции.
  4. Решить уравнение
    sin⁡x+sin⁡2x+cos⁡3x=0.\sin x + \sin^2x + \cos^3x = 0.
  5. Из пунктов A и B навстречу друг другу вышли одновременное два поезда. Каждый из них двигаля сначала равноускорено (начальные скорсти поезда равны нулю), а затем, достигнут неокторой скорсти,— равномерно. Отношение скорсти равномерного движения поезда равно 43\frac{4}{3}. В момент встречи поезда имели равные скорсти, а в пункты B и A приближенно одновременно. Найти относение ускорений поезда.
  6. Основанием прямогоного параллелепеда ABCDA1B1C1D1ABCDA_1B_1C_1D_1 является квадрат ABCD. Найти наиболее возможный угол между прямой BD1_1 и плоскостью BDC1_1.

Физика

Вариант 1

  1. Три одинаковых гладких биллиардных шара радиусом R расположены на гладкой горизонтальной плоскости, как показано на рисунке 1. Шар 1 сообщается скорсть v⃗0\vec{v}_0, он удается сначала о шар 2, затем о шар 3 и оставливается. Определите расстояние r между центрами шаров 2 и 3 и скорсти, которые прибретут после удара шары 2 и 3. Соударения абсцилтою упругие.
  2. В цилиндре под поршнем содержится n = 0,5 моля воздуха при температуре T0_0 = 300 K. Во сколько раз увеличится объем газа при сообщении ему количество теплоты Q = 13,2 кДж? Молярная темперакость воздуха при постоянном давлении Cp_p = 29,1 Дж/(моль·К).
  3. Параллельно соединенные катушки с индуктивностью L и сопротивление R подключи через ключок K и источник с постоянной ЭДС E и внутренним сопротивлением r (рис. 2). В начальной момент времени ключок K разомкнут и тока в цепи нет. Какой заряд Q протечет через сопротивление R после замыкания ключка K? Омическим сопротивлением катушки пребречь.
  4. Экспериментально определяется зависимость величины, обратной линейному увееличению, от расстояния d от предмета до

Лист 54

с. 52Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

52

тонкой линии. Эта зависимость показана на рисунке 3. Определите фокусное расстояние линии.

Вариант 2

  1. В результате взаимодействия ядер действия и трития образуется ядро геля и нейtron: 2H+3H=4He+n^2\text{H} + ^3\text{H} = ^4\text{He} + n. При этом выделяется значительная энергия. Какую часть уносит с собой нейtron? Кинетические энергиями действия и трития до реакции можно пребречь по сравнению с выделившейся энергейой.

  2. Лазерные трубки объемом V0=60V_0 = 60 см3^3 должны заполнять смесь геля и неона в молярном отношении 5:1 при обшем давлении p0=6p_0 = 6 мм рт. ст. Имеются балловые этих газов, каждый объем VC=2V_C = 2 л. Давление в балоне геля p1=50p_1 = 50 мм рт. ст., неона — p2=200p_2 = 200 мм рт. ст. Какое число трубок можно заполнить?

  3. Заряженный конденсатор емкостью CC подключен через ключ KK к двум параллельным соединительным катушкам с индуктивностями L1L_1 и L2L_2 (рис. 4). В начальной момент времени ключ разомкнут. Если замкнуть ключ KK, через катушки потребит токи. Известно, что максимальная величины силы тока, протекающего через катушки с индуктивностью L1L_1, оказывась равной I1I_1, Найдите первоначальный заряд на конденсатор. Омическим сопротивлением катушек пребречь.

  4. На стеклянный клин перpendикулярно его грани падает тонкий луч света (рис. 5). Показатель предположения стекла n=1,41n = 1,41, угол α=10∘\alpha = 10^\circ. Сколько светлых пятен будет видно на экране, поставленном за клином?

Вариант 3

  1. При какой продолжительности суток тела на экваторе Земли весили бы в два раза меньше, чем на полюсе? Радиус Земли R=6400R = 6400 км.

  2. Ампула с радиоактивным препаратом 24Na^{24}\text{Na} (перiod полураспада τ1/2=15\tau_{1/2} = 15 ч) охлаждается потоком воздуха. В начале опыта воздуха охлаждающий амплуу воздух будет нагреться на Δt0=2∘C\Delta t_0 = 2^\circ\text{C}. Через какое время охлаждающий амплуу воздух будет нагреться на Δt1=1,8∘C\Delta t_1 = 1,8^\circ\text{C}?

  3. Неподвижная заряженная часть (протон) находится последине между пластинами плоского конденсатора, помещенного в вакуум. На конденсатор подается направление Uc(t)U_c(t) прямого новой формы (рис. 6). Определите амплитуду направления U0U_0 и энергия частицы EE в момент удара о пластину конденсатора, если известно, что за время τ=10−6\tau = 10^{-6} с частица прошла расстояние 3/8L3/8L, где LL — расстояние между пластинами конденсатора, L=5L = 5 см. Масса протона mp=1,67⋅10−24m_p = 1,67 \cdot 10^{-24} г, его заряд e=1,6⋅10−19e = 1,6 \cdot 10^{-19} Кл.

  4. В тонкостенном стеклянном шарике диаметром 2R=42R = 4 см видны два изображения пламени свечки, обусловленные отражением от ближней и дальнейшей стенок шарика. Размеры изображения относятся как 19/21. Определите расстояние между центром шарика и свечкой.

В. Можаев,
В. Федосов,
В. Чехлов

Лист 55

с. 53Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

53

Заочная школа программирования

Урок 6: Описание и вызов процедур на Рапире

На этом уроке мы продолжаем наше изучение учебно-производственного языка программирования Рапира, начатое на пятом уроке («Квант», № 1).

Описание процедуры в Рапире определяется такой диаграммой:

Заголовка следующит операторы, разделяемые точками с запятой.

Вот пример описания процедуры на Рапире:

ПРОЦ ВЫБОР А В; А+В->С; А*В->Д;
ЕСЛИ С>Д ТО С->Д ИНАЧЕ Д->С ВСЕ;
КНЦ;

Для вызова процедуры в Рапире есть два способа. Применяя первый способ, следует написать в качестве очередного представления имя процедуры и после него поставить крулые скобки. Если у процедуры есть параметры, то их значения перечисляются через запятую внутри этих скобок, как и в Робике, например:

ВЫБОР (10,X+5);

Если параметров нет, скобки при этом способе вызова все равно обязаны:

СБРОС ( );

Если процедура имеет не более одного параметра, ее можно вызвать вторым способом: поставить перед именем процедуры точку. Значение параметра, если он есть, указывается перед точкой:

СБРОС; 5. КРУГ;

Описание начинается со слова ПРОЦ (вместо слов ЗАПОМНИТЬ ПРОЦЕДУРУ в Робике), после которого указывается имя процедуры. Затем перечисляются, если это необходимо, имена параметров. Отделяются они друг от друга пробелами; скобки и запятые, используемые в Робике, здесь не нужны.

Дальше может следовать стрелка =>, после которой указывается еще одно имя — так называемое имя-результат. На этом уроке мы будем рассматривать процедуры, в которых имя-результат не использовется. Поэтому разбор этой конструкции мы отложим до следующого урока.

Слово ПРОЦ, имя процедуры, параметры и имя-результат образуют так называемый заголовок процедуры. После

В Рапире предусмотрено большое число стандартных процедур, которые можно вызвать в любой программе. К их числу принадлежит, в частности, процедура ПЕЧАТЬ, у которой может быть любое число параметров. В результате использования этой процедуры значения всех параметров будут отпечатаны на новой строке, вплотную друг к другу (точно так же, как в предписании ОТПЕЧАТАТЬ языка Робик). Стандартными являются и все процедуры графической системы Шпага, описанной в статье А. Салиховой и Н. Соколовой в предыдущем номере журнала.

Рассмотрим некоторые примеры:

1°. Предположим, что нам нужно составить программу на Рапире, использ-

Лист 56

с. 54Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

54

зуя процедуры системы Шпага, для изобранения вот такое робота:

ШИФР 211500000055 СМОГ 61М5 ЛИСТ 7
ДАТА 22.06.79 63 ВРЕМЯ 19.49.31

Можно, разумеется, сделать это при помощи одних только лучей и подводов. Однако в этом случае программа получится довольно-такки большой. Ее можно существенно сократить, если заменить, что на рисунке многократно повторяется одна и та же фигура — прямоугольник. Поэтому достаточно один раз описать процедур ПРЯМ, чтобы затем нарисовать любой нужный прямоугольник. У приведенной ниже процедуры четыре параметра: X, Y, B и Д, X и Y — это координаты левого нижнего угла, В — высота и Д — длина прямоугольника:

ПРОЦ ПРЯМ X Y В Д;
П(X;Y); Л(X+Д,Y); Л(X+Д; Y+B);
Л(X,Y+B); Л(X,Y); КНЦ;

Теперь программа, выполняющая рисунок, может быть записана очень просто:
Р(50,50); ПРЯМ(10,10,30,30);
ПРЯМ(20,15,5,10); ПРЯМ(23,23,4,4);
ПРЯМ(15,30,5,7); ПРЯМ(28,30,5,7);
ПРЯМ(17,31,3,3); ПРЯМ(30,31,3,3);
.КОНЕЦ;

2°. Следующая задача — заполнить размер 100 на 100 мм прямоугольной сеткой с шагом 5 мм по вертикали и по горизонтали (такая сетка может служить, например, координатной сеткой). Здесь удобно использовать цикл:
Р(100,100); 5—>A; ПОКА A=<100::
П(A,0); Л(A,100); П(0,A); Л(100,A),
A+5—>A ВСЕ; .КОНЕЦ;

3°. Другой пример использования цикла — печатание таблицы умножения:
2—>A; 2—>B;
ПЕЧАТЬ (‘ТАБЛИЦА УМНОЖЕНИЯ’),
ПОКА A=<10:: ПОКА B=<10::

Лист 57

с. 55Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

55

ПЕЧАТЬ (А, ‘’,В,’=’,АВ); В+1—>В ВСЕ;
2—>В; А+1—>А ВСЕ;

4°. Одно из интересных применений машинной графики — автоматизация изготовления мультфильмов. Отделно книжадры, конечно, удобно рисовать в цикле. Как правило, в кадре есть несколько неподвижных предметов и один или несколько движущихся. Каждый движущийся предмет можно задавать отдельной процедурой, параметры которой определяют его размеры и положение в кадре.

Приведем очень простой пример: нужно изобразить движущийся грузовик на фоне неподвижного дерева.

Программу для такого мини-мультфильма составил второклассик В. Фищев:

ПРОЦ МАШИНА Х У; П(X,У);
Л(X,У+15); Л(X+15,У+15);
Л(X+15,У+25); Л(X+30,У+25);
Л(X+30,У+15); Л(X+35,У+15);
Л(X+35,У+20); Л(X+70,У+20);

Задание 6.1. Составить программу для заполнения рамки 100 на 100 мм прямоугольной сеткой с шагом 2 мм по оси абсцисс и 5 мм по оси ординат.

Задание 6.2. Составить программу для печати таблицы значений выражения

X(X2+1)+(X+2)(X2−1)2(X3+4)2\frac{X(X^2+1)+(X+2)(X^2-1)^2}{(X^3+4)^2}

для натуральных X от 1 до 25.

Задание 6.3. Составить программу для рисования мультфильма, изображено два перегорающих друг друга самолета.

Г. Звеницгородский

Советуем купить

Математика

Антонов Н. П. и др. Сборник задач по элементарной математике. (Пособие для самообразования.) Цена 90 к.
Воробьев Н. Н. Числа Фибоначчи. Цена 25 к.
Коксетер Г. С. Новые встречи с геометrien. Цена 50 к.

Физика

Козел С. М. и др. Сборник задач по физике. Цена 30 к.

Маковецкий П. В. Смотри в корень! (Сборник любопытных задач и вопросов.) Цена 80 к.

Образованный ученый. (Сборник переводов, посвященных вопросам подготовки молодых физков в Великобритании.) Цена 30 к.

Полицук В. Р. Как разгладить молекулу. Цена 90 к.

Фейнмановские лекции по физике. Выпуск 6. Электро-dинамика. Цена 1 р. 54 к.

Фейнмановские лекции по физике. Выпуск 8; 9. Квантовая механика. Цена 2 р. 40 к.

Фейнмановские лекции по физике. Задания и упражнения с ответами и решениями. Цена 2 р. 30 к.

Шкловский И. С. Вселенная, жизнь, разум. Цена 1 р. 08 к.

Заказы (открытками) направляйте по адресу: 103031, Москва, Петровка 15, Мазазин № 8 «Техника».

Лист 59

с. 57Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

57

II Всероссийский слет актива НОУ

В июле 1979 года в г. Челябинске Министерство просвещения РСФСР, ЦК ВЛКСМ, Всесоюзный совет научно-технических обществ и Челябинский областной совет народных делутовов провели II Всероссийский слет актива научных обществ учашихся *). Напомним, что первый НОУ появился в 1964 году. В 1975 году в Москве был проведен первый Всероссийский слет актива НОУ. В марте 1977 года ЦК ВЛКСМ, Министерство просвещения СССР, ВС НТО и Правление Всесоюзного общества «Знание» утвердили Примерное положение о НОУ. В результате этих мер число НОУ за последнее время значительное выражло, и выше успешно действуют уже около 300 НОУ.

Место второго слета было выбран не случайно — Челябинское НОУ, одно из первых в стране, является лучетом premя Ленинского комсомола, в его 73 секциях и 37 фильмах занимается более 5 тысячшкольников. На счету членов Челябинского НОУ около 2 тысяч творческих работ, около 200 из них опубликованы.

На слете работали 11 секций, на которых было заслушано по 6—15 докладов. Характерным для слета было отличное руководство работой секций. В жюри были представители научных учреждений Москвы, Ленинграда, Челябинска и других городов.

*) О НОУ см. «Квант», 1975, № 9, 1977, № 9, 1979, № № 2, 3.

родов, и каждый докладчик сразу на секции получал подробный квалифицированный отзыва о достижении и промахах, допущенных им в работе, о возможности дальнейших совершенствования и изменений созданного им прибора, о научной ценности поданных им идеи.

Итак, всероссийский слет. Собращись лучшее из лучших. Какие же доклады привезли они на слет? Очень разные по тематике и, к сожалению, по качеству. Были доклады, отражающие большую самостоятельную работу ребят, создавших что-то свое приведенных в ней задач. Председатель совета кураторов Челябинского НОУ Н. Н. Михайлов, выступая на закрытии слета, отметил следующие критерии, которые руководствовалось жизни слета при оценке работ.

Первый — полезность. Начиная исследование, прямо и мужственно спросите себя — кому это нужно? Что дает выше исследование? Когда пятиклассик решет занимает головоколики или избретает занимаательные поделики — этом можно и нужно радоваться. Он играет. Но когда в научку начинает играть старшеклассик, когда он берет для исследования задачу, решение которого удовлетворяет лишь его собственное любопытство, но не представляет ни малейшего интереса для научки и практики,— это достаточно. Любопытство, интуция, воображение — необходимые качества исследовательия. Но хотелось бы, чтобы эфективность и качество — два слова, ставшие/devизом десятипятелки — стали девизом и иношской науки, чтобы результаты ваших исследований, какими бы скромными они были, оказались бы полезными. Поэтому жюри очень высоко оценило исследование, имеющие выход в произvodство, в школьную жизнь, в решение реализации проблемы нашей собственной жизни — учебы, доступа. Хотелось бы, чтобы таких исследований было больше, чтобы сюзюз «школа + наука + произvodство» был крепче.

Второй критерии — серьезность работы. Здесьжюри решительно выступило в верхоглядства. Когда человекся за решение глобальных проблем, не условия знаний, содержащихся в школьном учебнике, это производитрудующое, даже комническое впечаление. Ему кажется, что он высказывает генциальные откровения, а он неуч. Он хочет поразить, а оказывается смешным. Помните слова К. Маркса о том, что в научке нет широкой стороны договора и что только тот сможет достиг ее сияющих вершин, кто, неоясь усталости и трудностей, карабкается по ее каменистым тропом. Карабкается, а не перепригивает, не взгляает! Над много читать, занимается самообразованием, надо терпеливо владеть тем богатством знаний, которое наполлено наукой, надо уметь делать большешую, трудную, иногда скучную, но необходимую подготовительную работу. А генциальные, глобальные, масштабные открытия не удивут. Они только приближаться.

Третьий критерии — самостоятельность, творческий характер работы. Ряд работ, представленных на слет, к сожалению, носил слишком общий характер. Школьник добросовестно прочитал и систематизировал то, что написано по запятересовавшей его проблеме. Это совершенственно необходимо. Исследователь должен знать историю вопроса. Но трудница — это еще не научное творчество. Жюри особо привствовали тех авторов, в работах которых отсутствует эристическое начало, где присутствует путь необходимости необходимо. Исследователь должен знать историю вопроса. Но трудница — это еще не научное творчество. Жюри особо привствовали тех авторов, в работах которых отсутствует эристическое начало, где присутствует путь необходимости необходимо. Исследователь должен знать историю вопроса. Но трудница — это еще не научное творчество. Жюри特种 работы. Любая, самая плодотворная, идея может «не произучать», если докладчик не имеет доносить ее до службыей. Культураумственного труда — это и

Лист 60

с. 58Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

58

уменение работы с литературой, пользоваться словарями и справочниками, это и значение основных библиографии и умение работы в библиотеке, это владение навыками научного анализа и даже умение оформить свою работу надлежит образом, в частности, указывать использованную литературу. Небрежности, неряшливости не должны быть места.

Какие же работы были отмещены жюри?

По математике таких работы было около десяти. Средних работы Т. Вайнштейн и А. Величко (Новосибирск, школа № 130, 8 класс) «Система анализа perвичной структуры белков». Эта работа выполнялась по заказу отдела биохимии НИОХ АН СССР в лаборатории проектоврования прикладных систем вычислительной центра. Ребята разработали справочную информациюную систему «Бельчонок-1», позволяющую быстро находить информацию о данном белке *).

И. Нестерова и И. Шербакова (Магнитогорск, школа № 28, 9 класс) в докладе «Ольт применения математических методов для определения уровня развития должныхников и школьников» рассказали о проведенной имми работе в подготовительной группе детского сада № 137 и с первоклассиками своей школы. Девочки предложили анкету из 5 вопросов и затем обработали ее математических методами (далее ЭВМ). Оказалось, что общее развитие должно характеразуется уменем отладывать загадки и осуществлять классификацию, а первоклассик — уменем решать задачи (оперативное мышление)). Эту работу магнитогорские школьницы намерены продолжить далее.

Кафедре химического библиотека Казанского химко-технологического института передал для использования результаты работы О. Максимов (Казань, школа № 18, 9 класс). В своем докладе «Использование уравнения с LIMITИРУЮЩИми факторами при моделировании микробиологических процессов» он расскаазал о математической модели роста джжевых клеток в условиях лимитирования поступащего азота и углерода, по которой была составлена и программы для ЭВМ «Нарин-К». Работа эта была выполнена в крупже программирования клуба юных химников и механиков, члены которого занялиись математическим обеспечением научно-исследовательской работы, проводимой студентами и сотрудниками на кафедре химического библиотека КХТИ.

По секции физики также было немало интересных работ. Так, Л. Майстеренко (Волгоград, школа № 111, 9 класс) в докладе «Исследование токов электромимических коррозии и разработка измерителя скорости коррозии» расскаазала о работе, выполненной группой учащихся ее школьных совместно с кафедрой физики Волгоградского инженерно-строительного института. А. В. Шильников, зав. кафедрой физики ВИСИ, дал о ней такой отзыв: «Новый способ, исследованный авторами, после вследоронней проверки должны быть предложен для внедрения в практику». Эта работа выполнялась по теме «Разработка и внедрения электромимического защиты нечетных резервуаров от коррозии» для обеспечения «Нижневолжскнефты».

По поручению научно-исследовательской библиотека Московского института радиотехники, электронники и автоматики выполнялся работу «Отработка метода регистрации инфракрасныхспектров пропускания для изучения зонной структуры твердых тел». А. Михин (Москва, школа № 7, 9 класс). Родному колхозу помогет измерить влажность почвы, созданный К. Магдой (Городовиковская школа № 1 Калмыцкой АССР, 9 класс).

Не забывают ребята и про школи — на слет был представлен ряд прибора, которые можно использовать на уроке. Это и установка для демонстрации силы Лоренца с помощью телевизора и сильного магнита, сделанная С. Безвительных (Глазов, школа № 13, 8 класс), и учебно-наглядное пособие «Работка радиоламмы». Изготовленное О. Тишковым (Орджонкидзе, школа № 7, 8 класс), и демонстрационный ламповый генератор рекласационных колебаний, в процессе создания которого А. Михайлов (Уфа, школа № 62, 8 класс) по заданию учтеля физики самостояльно разобрался в литературе, выбрался схему, «доработал» ее, собрал прибор и определил его характерistik. Hazovem еще стенд для исследования законов колебаний магнитика, представленной Д. Быховцевым, С. Нечаевым и П. Скобелевым (Куйбышев, школа № 81, 9 класс), и целый конструктор по курсу физики 6 класса, созданный из самых доступных материалов И. Котырло (Шахты, школа № 43, 9 класс).

Из рефертивных работ по обем секциям жорни отметил доклады О. Шильникова (Ленинград, школа № 496, 9 класс) «Шарм» (об элементарных частях), А. Коваля и Л. Мецгера (Челябинск, школа № 31, 10 класс) «Удержание загруженных частц переменным магнитным полем», А. Коваля «Сфера в нормированных пространствах» и другие.

Не не только работей секций жолл сLET. За неделю, проведенную в Челябинске, ребята познакомились со сверстниками, pobывали на промышленных предприятиях, в институтах и вузах Челябинска, даже сыграли партию в шахматы с ЭВМ в вычислительной центре полетическихческого института, осмотрели Всероссийскую выставку творчества школьников. Домой ребята увезут массу в печатание, новые знания, опыт обещания с учеными. И можно быть уверенным, что на следующий слет придет еще больше ребят, для которых творчество стало неотъемлемой часть их жизни, и где бы они потом ни работали, кем бы ни стал, они будут творцами и исследователями.

А. Виленкин

Лист 63

с. 61Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

61

из NN в KK. Тогда vx=xT1,vy=1T1v_x = \frac{x}{T_1}, v_y = \frac{1}{T_1} и, следовательно, vcx=xT1−1,vcy=1T1v_{cx} = \frac{x}{T_1} - 1, v_{cy} = \frac{1}{T_1}. Но vcx2+vcy2=v12=16v_{cx}^2 + v_{cy}^2 = v_1^2 = 16; поэтому (xT1−1)2+1T12=16\left(\frac{x}{T_1} - 1\right)^2 + \frac{1}{T_1^2} = 16, откуда

T1=−x+16x2+1515.T_1 = \frac{-x + \sqrt{16x^2 + 15}}{15}.

Рассмотрев движение лодки из точки KK в точку NN, аналогично найдем время T2T_2 этого движения:

T2=x+16x2+1515.T_2 = \frac{x + \sqrt{16x^2 + 15}}{15}.

Время T3T_3 движения рыба от точки MM до точки KK равно a−x4\frac{a-x}{4}. По условию T1<T3T_1 < T_3. Множество решения этого неравенства есть интеграл ]x1;x2[]x_1; x_2[, где x1,2=−11a+416a2−99x_{1,2} = \frac{-11a + 4\sqrt{16a^2 - 9}}{9}.

Заметим, что x1<0x_1 < 0, а x2=−11a+416a2−99>1x_2 = \frac{-11a + 4\sqrt{16a^2 - 9}}{9} > 1, поскольку a≥3a \geq 3.

Для x∈]x1;x2[x \in ]x_1; x_2[ время T(x)T(x) от отплития до возврашения лодки определяется формулой T(x)=T2+T3T(x) = T_2 + T_3.

Находим критическую точку функции T;x0=1112T; x_0 = \frac{11}{12}. Значит, x0∈]x1;x2[x_0 \in ]x_1; x_2[. Поскольку T′(x)<0T'(x) < 0 при x<x0x < x_0 и T′(x)>0T'(x) > 0 при x>x0x > x_0, T(x0)T(x_0) — наименьшее значение функции TT на интеграле ]x1;x2[]x_1; x_2[. Следовательно, T(x0)=98T(x_0) = \frac{9}{8}, откуда a=154a = \frac{15}{4}.

Вариант 2

  1. ]−∞;−1[] -\infty; -1[.
  2. {(3;2)}\{(3; 2)\}. Указание. Данная система равносильна системе

{y2=xy−2,x(x−y)=3,x>y>0.\begin{cases} y^2 = xy - 2, \\ x(x-y) = 3, \\ x > y > 0. \end{cases}

  1. 453R2\frac{4\sqrt{5}}{3}R^2. Решение. Поскольку ABC^=90∘\widehat{ABC} = 90^\circ, диагональ ACAC трапеця является диаметром окружности, то есть ∣AC∣=2R|AC| = 2R. Треугольники

Рис. 3.

Рис. 4.

MNDMND и ACDACD (рис. 4) имеют общий угол ADCADC и ∣MD∣:∣AD∣=∣ND∣:∣CD∣|MD|:|AD| = |ND|:|CD|, поэтому эти треугольники подобны. Отсюда MND=ACDMND = ACD, а значит, [MN]∥[AC][MN] \parallel [AC]. Но тогда других NCNC и MAMA, а следовательно, и хорды NCNC и MAMA конгруэнтны, то есть ∣AM∣=∣CN∣|AM| = |CN|. Пусть ∣AM∣=a|AM| = a, тогда ∣BC∣=a,∣AD∣=3a,∣MD∣=2a,∣CD∣=3a|BC| = a, |AD| = 3a, |MD| = 2a, |CD| = 3a. Из прямогоного треугольника CMDCMD (CMD=90∘CMD = 90^\circ) ∣CM∣=5a|CM| = \sqrt{5}a. Из прямогоного треугольника AMCAMC 6a2=4R26a^2 = 4R^2.

  1. x1=−π2+2πk,x2=−π4+(−1)l×arcsin⁡(22−1)+πl(k,l∈Z)x_1 = -\frac{\pi}{2} + 2\pi k, \quad x_2 = -\frac{\pi}{4} + (-1)^l \times \arcsin \left(\frac{\sqrt{2}}{2} - 1\right) + \pi l(k, l \in Z). Указание. Данное уравнение равносильно уравнению (sin⁡x+cos⁡x)2−2(sin⁡x+cos⁡x)−1=0(\sin x + \cos x)^2 - 2(\sin x + \cos x) - 1 = 0.

  2. 97\frac{9}{7}. Решение. Графики скоростей поэздов как функций времени изображены на рисунке 5. Здесть T1,T2T_1, T_2 – время равноскоренного движения поездов, T0T_0 – момент встречи, TT – время прохождения всего пути, v1,v2v_1, v_2 – скорости равномерного движения поездов. По условиям v2v1=43\frac{v_2}{v_1} = \frac{4}{3}, отсюда для исключения ускорений получаем

a1a2=34⋅T2T1.\frac{a_1}{a_2} = \frac{3}{4} \cdot \frac{T_2}{T_1}.

Из равенства скоростей в момент T0T_0 следует, что v1=v2T2⋅T0v_1 = \frac{v_2}{T_2} \cdot T_0, то есть

T0=34T2.T_0 = \frac{3}{4} T_2.

Рис. 5.

Лист 64

с. 62Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

62

Обозначим через S1,S2S_1, S_2 пути, пройденные поэдами к моменту встречи, а через SS весь путь. Для первого поезда S1=12v1T1+v1(T0−T1)S_1 = \frac{1}{2} v_1 T_1 + v_1 (T_0 - T_1), S=12v1T1+v1(T−T2)S = \frac{1}{2} v_1 T_1 + v_1 (T - T_2). Для второго S2=12v1T0S_2 = \frac{1}{2} v_1 T_0, S=12v2T2+v2(T−T2)S = \frac{1}{2} v_2 T_2 + v_2 (T - T_2). Приравнивая выражение для S1+S2S_1 + S_2 к каждому из двух выражений для SS и подставляя значение T0T_0 из (2), получаем два уравнения:

98T2−12T1=T−T12=43(T−12T2).\frac{9}{8} T_2 - \frac{1}{2} T_1 = T - \frac{T_1}{2} = \frac{4}{3} \left( T - \frac{1}{2} T_2 \right).

Отсюда T1=1427TT_1 = \frac{14}{27} T, T2=89TT_2 = \frac{8}{9} T. Тогда из (1) a1a2=97a_1 a_2 = \frac{9}{7}.

  1. arcsin 13\frac{1}{3}. Решение. Обозначим через α\alpha угол между прямой BD1BD_1 и плоскостью BDC1BDC_1. По определению α∈[0;π2]\alpha \in \left[ 0; \frac{\pi}{2} \right]. Пусть ∣BC∣=a,∣CC1∣=b|BC| = a, |CC_1| = b. Поместим начало координат в точку CC, а оси x,y,zx, y, z направим по векторам CB→,CD→,CC1→\overrightarrow{CB}, \overrightarrow{CD}, \overrightarrow{CC_1}. Имеем BD1→=(−a;a;b)\overrightarrow{BD_1} = (-a; a; b). Плоскость (BDC1BDC_1) задается уравнением xa+ya+zb=1\frac{x}{a} + \frac{y}{a} + \frac{z}{b} = 1. Тогда вектор n→\overrightarrow{n}, перпендикулярный к этой плоскости, имеет координаты (1a;1a;1b)\left( \frac{1}{a}; \frac{1}{a}; \frac{1}{b} \right). Следовательно,

sin⁡α=cos⁡(n→,BD1→)=n→⋅BD1→∣n→∣⋅∣BD1→∣=12a2+1b2⋅2a2+b2=12[(ab)2+(ba)2]+5.\sin \alpha = \cos \left( \overrightarrow{n}, \overrightarrow{BD_1} \right) = \frac{\overrightarrow{n} \cdot \overrightarrow{BD_1}}{\left| \overrightarrow{n} \right| \cdot \left| \overrightarrow{BD_1} \right|} = \frac{1}{\sqrt{\frac{2}{a^2} + \frac{1}{b^2}} \cdot \sqrt{2a^2 + b^2}} = \frac{1}{\sqrt{2 \left[ \left(\frac{a}{b}\right)^2 + \left(\frac{b}{a}\right)^2 \right] + 5}}.

Легко проверить, что (ab)2+(ba)2≥2\left(\frac{a}{b}\right)^2 + \left(\frac{b}{a}\right)^2 \geq 2, причем (ab)2+(ba)2=2\left(\frac{a}{b}\right)^2 + \left(\frac{b}{a}\right)^2 = 2 только при a=ba = b (напомним, что a>0,b>0a > 0, b > 0). Следовательно, sin⁡α<13\sin \alpha < \frac{1}{3} при a≠ba \neq b и sin⁡α=13\sin \alpha = \frac{1}{3} при a=ba = b.

Итак, a=arcsin⁡13a = \arcsin \frac{1}{3} при a=ba = b; плоскую sinозрастает на [0;π2]\left[ 0; \frac{\pi}{2} \right], при a≠ba \neq b имеем α<arcsin⁡13\alpha < \arcsin \frac{1}{3}. Значит, arcsin⁡13\arcsin \frac{1}{3} – наиболее возможное значение для α\alpha.

Заметим и.e. sin α\alpha можно найти и чисто геометрическим. Очевидно, sin α=h∣BD1∣\alpha = \frac{h}{|BD_1|}, где hh – расстояние от точки D1D_1 до плоскости BDC1BDC_1 (на рисунке 6 h=∣O1K∣h = |O_1K|).

Физика

Вариант 1

  1. r=4R;∣v⃗2∣=∣v⃗0∣cos⁡30∘=∣v⃗0∣3/2;∣v⃗3∣=∣v⃗0∣sin⁡30∘=∣v⃗0∣/2r = 4R; |\vec{v}_2| = |\vec{v}_0| \cos 30^\circ = |\vec{v}_0| \sqrt{3}/2; |\vec{v}_3| = |\vec{v}_0| \sin 30^\circ = |\vec{v}_0|/2; направления скоростей v⃗2\vec{v}_2 и v⃗3\vec{v}_3 оченьны из рисунка 7.

  2. VV0=QnCpT0+1≈4\frac{V}{V_0} = \frac{Q}{nC_p T_0} + 1 \approx 4:

  3. В любой момент времени после замыкания ключа направление на сопротивлении RR равно по модели ЭДС индукции на концах катушки: RiR=L∣ΔiLΔt∣Ri_R = L \left| \frac{\Delta i_L}{\Delta t} \right|. Отсюда заряд, протекший через сопротивление RR за время Δt\Delta t, равен ΔQ=iRΔt=L/R∣ΔiL∣\Delta Q = i_R \Delta t = L/R |\Delta i_L|. При постоянных значениях LL и RR полученное соответствие справедливым в течение всего времени tt установленная Staционарного режима в цепи. За время tt ток через катушки возрастет от нуля до величины δ/r\delta/r. Следовательно, полный заряд, прошедший через сопротивление, равен Q=LR8rQ = \frac{L}{R} \frac{8}{r}.

  4. F=2F = 2 см.

Вариант 2

  1. EnE=mHemHe+mn=0,8\frac{E_n}{E} = \frac{m_{\text{He}}}{m_{\text{He}} + m_n} = 0,8.

  2. n=p1V5/6p0V0=333n = \frac{p_1 V}{5/6 p_0 V_0} = 333. Указание.e. Количество заполненных трубок LIMITИРУЕТСЯ гелем.

  3. По закону сохранения энергии Q22C=L1I122+L2I222\frac{Q^2}{2C} = \frac{L_1 I_1^2}{2} + \frac{L_2 I_2^2}{2}, где QQ – первоначальный заряд на конденсаторе, I1I_1 и I2I_2 – максимальные значения силы тока через первую и вторую катушки соответствие срособами. 1) В любой момент точки через катушки I1∼1/L1ωI_1 \sim 1/L_1 \omega и I2∼1/L2ωI_2 \sim 1/L_2 \omega, где ω\omega – частота колебаний контрара. Отсюда i1/i2=L2/L1i_1/i_2 = L_2/L_1, и I1/I2=L2/L1I_1/I_2 = L_2/L_1. 2) В любой

Лист 65

с. 63Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

63

Рис. 7.

Рис. 8.

Рис. 9.

момент времени ЭДС индикции на концах обенх катушек одинаковы: L1Δi1/Δt=L2Δi2/ΔtL_1\Delta i_1/\Delta t = L_2\Delta i_2/\Delta t.
Следовательно, Δ(L1i1−L2i2)=0\Delta(L_1i_1-L_2i_2)=0, или L1i1−L2i2=0L_1i_1-L_2i_2=0, и L1I1=L2I2L_1I_1=L_2I_2.
Таким образом, I2=I1L1/L2I_2=I_1L_1/L_2, и

Q=I1CL1(L1+L2)/L2.Q = I_1\sqrt{CL_1(L_1+L_2)/L_2}.

  1. На экране будет видно 2 светлых пятна. Указаны и. Число лучей, выходящих из клина, ограничивается углом полного отражения (рис. 8).

Вариант 3

  1. T=2π2R/g≈7150T = 2\pi\sqrt{2R/g} \approx 7150 с ≈ 2 ч.

  2. τ=τ1/2log⁡2Δt0Δt1≈2\tau = \tau_{1/2}\log_2\frac{\Delta t_0}{\Delta t_1} \approx 2 ч. Указаны и. Изменение температуры воздуха пропорционально скорости радиоактивного распада.

  3. U0=3mL24eτ2=19,5U_0 = \frac{3mL^2}{4e\tau^2} = 19,5 В;

E=14eU0≈4.9B.E = \frac{1}{4}eU_0 \approx 4.9\mathrm{B}.

  1. x=10R=20x = 10R = 20 см. Указаны и. Увеличение минимого изобравжения, полученного в результате отражения от передней стены ша-

рика (от выпуклого зеркала радиусом RR), равно (рис. 9) Γ1=f1x−R=R2x−R\Gamma_1 = \frac{f_1}{x-R} = \frac{R}{2x-R}. Аналогично, увеличение действительного изобравжения, полученного от задней стены шарика (от вогнутого зеркала радиусом RR), равно Γ2=f2x+R=R2x+R\Gamma_2 = \frac{f_2}{x+R} = \frac{R}{2x+R}.

Шахматная страничка

(см. «Квант» № 1)

  1. После 1. Лlf5!! выяснились, что черные грибут на поле f7, находящемся на пересечении двух линей — вертикали f и диагонали a2 — g8. Пока что на f7 налала ладья (грозит 2.Ф:f7×), а при взятии ее пешкой — 1… ef в игру неожиданно вступает слон b3. После вынужденного 1… Ф:b3+ последовало
  2. cb ef 3. Kf4 Лд8 4. Фh6+ Кре8 5. К:g6fg 6. Ф:g6+ Кре7 7. Фg5+ Кре8 8. ef Лс8
  3. Фg8+ Кре7 10. Фg7+, и черные сдались, так как решает марш пешки f.
    1. Крg7! h4 2. Кpf6! Кpb6 (2… h3 3. Кре6h2 4. c7 Kpb7 5. Kpd7 с ничей) 3. Кре5Кр:c6 (3… h3 4. Kpd6 h2 5. c7 с ничей)
  4. Кpf4 h3 5. Kpg3 h2 6. Кр:h2 ничья. Этот парадоксальный этап пролен на «геометрических» свойств шахматной доски — кратчайшее расстояние на ней изменяется не обязательно по прямой. В данном примере путь короля от h8 до h2 занмает 6 ходов как при прямолинейном движении, так и при зигзагообразном; однako во втором случае черные вынуждены потратить два темпа, и их «неудержимую» пешку удается догната.
  5. Задчана называется «Погоня любви». После 1. Фf1! белый ферзь всюду преследует черного слона. В случае 1… Cb2 или при движении пешки h решает 2. Фb1! с неизбежным матом Ф:h7× или Ф:a1× (при 2… g6). Аналогично на 1… Cc3 (Cd4) следует 2. Фd3!, а на 1… Ce5 (Cf6) — 2. Фf5!; в обихах с двумым направлением на слона и пешку h7. Наконец, 1…g3 (1… g6, g5 2. Ф:a1×) 2. Кg6+! hg 3. Фh3×.

«Квант» для младших школьников

(см. «Квант» № 1)

2.18.

  1. Поскольку каждый раз количество увеличивается на 4n, мы можем получить только числа, представимые в виде 4n+1. Значит, 1980 листочков получить нельзя.

  2. Общая масса гриб может достигать 30 кг — если мы возьмем 3 гри по 10 кг. Покажем, что больше 30 кг общая масса гриб не может быть. Предположим противное — путь общая масса больше 30 кг. Возьмем одну из гриры и будем добавлять к ней по одной грире. Остановимся в тот момент, когда масса получившейся кучки впервые имеет больше 20 кг, поскольку шар имеет она была меньше 10 кг, а масса одной грири не превозходит 10 кг. Поскольку общая масса гриб больше 30 кг, масса остальных гриры также больше 10 кг.

Лист 66

с. 64Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

64

Итак, мы получили разбение на две кучки, масса каждой из которых больше 10 кг. Противоречие.
5. 162=25616^2 = 256.
6. Поскольку B2−четырехзначное число,B>31B^2 - \text{четырехзначное число}, B > 31. Поскольку kB−двузначное число и B>31,k<4kB - \text{двузначное число и } B > 31, k < 4. Кроме того, B<50B < 50.
Вычитая равенства
{(kB)2=dcba‾,B2=abcd‾,\begin{cases} (kB)^2 = \overline{dcba}, \\ B^2 = \overline{abcd}, \end{cases}

получаем
B2(k2−1)=9(111d+10c−10b−111a).B^2(k^2 - 1) = 9(111d + 10c - 10b - 111a).
Отсюда следует, что BB делится на 3.
Складывая те же два равенства, получаем
B2(k2+1)=11(91a+10b+10c+91d),B^2(k^2 + 1) = 11(91a + 10b + 10c + 91d),
откуда BB делится на 11.
Позному B=33B = 33.
7. Нет, не имеет. Доказите это, рассмотрев два возможных случая: а) все числа x,y,zx, y, z — четные; б) два из этих чисел — нечетные, а одно — четное.

Арифметика по-рыбаки

(см. «Квант» № 1, 3-ю страницу обложки)

  1. 4⋅18324=732964 \cdot 18324 = 73296.
  2. 561092:7=80156561092 : 7 = 80156.
  3. 10295⋅8=8236010295 \cdot 8 = 82360.
  4. {408⋅22=8976,8976⋅2=17952.\begin{cases} 408 \cdot 22 = 8976, \\ 8976 \cdot 2 = 17952. \end{cases}
  5. (128)2=16384(128)^2 = 16384.
  6. {3612⋅6=21672,3612:6=602.\begin{cases} 3612 \cdot 6 = 21672, \\ 3612:6 = 602. \end{cases}
  7. 69730+69730=13946069730 + 69730 = 139460.
  8. {6804⋅6=40824,6804:36=189.\begin{cases} 6804 \cdot 6 = 40824, \\ 6804:36 = 189. \end{cases}

Поговорим о дифференциальных уравнениях
(см. «Квант» № 1)

  1. y=2+3e−2ty = 2 + 3e^{-2t}.
  2. t=30ln⁡100ln⁡2≈199t = \frac{30 \ln 100}{\ln 2} \approx 199 (дней).
  3. Дифференциальное уравнение T′(t)=−k(T(t)−20)T'(t) = -k(T(t) - 20); начальное условие T(0)=100T(0) = 100; решение T(t)=20+80e−ktT(t) = 20 + 80e^{-kt}.
    Ответ. Через 40 минут.
  4. В 729 раз.
  5. Искомая высота равна h=bln⁡2g≈5,45h = \frac{b \ln 2}{g} \approx 5,45 км.
  6. Дифференциальное уравнение V′=−kVV' = -kV; начальное условие V(0)=2V(0) = 2; решение V(t)=2e−ktV(t) = 2e^{-kt}; так как V(4)=1V(4) = 1, k=ln⁡24k = \frac{\ln 2}{4} и V(t)=21−14tV(t) = 2^{1-\frac{1}{4}t}. Следовательно, V(t)=0,25V(t) = 0,25, если 1−14t=−21 - \frac{1}{4}t = -2, то есть при t=12t = 12 с. Длина пути дается формулой
    S(t)=∫0tV(u)du=8ln⁡2(1−2−14t),S(t) = \int_0^t V(u) du = \frac{8}{\ln 2} \left(1 - 2^{-\frac{1}{4}t}\right),
    позному лодка может пройти путь, не больше 8ln⁡2≈11,5\frac{8}{\ln 2} \approx 11,5 м.
  7. Так как ω2⋅1\omega^2 \cdot 1 м = 4 м/c², ω=2c−1\omega = 2c^{-1} и период T=2πω=π≈3,14T = \frac{2\pi}{\omega} = \pi \approx 3,14 с; так как ω2=g/l\omega^2 = g/l, l=g/ω2≈2,45l = g/\omega^2 \approx 2,45 м.
  8. Для функций z=yaω2z = y\frac{a}{\omega^2} получаем дифференциальное уравнение z′′=−ω2zz'' = -\omega^2z, поэтому y=aω2+Acos⁡(ωt+φ)y = \frac{a}{\omega^2} + A \cos(\omega t + \varphi).

В чем дело?
(см. «Квант» № 1, с. 17)
Васин способ доказывает только, что если a<5a < 5, то уравнение (1) не имеет решения, но он не доказывает обратного утверждения: если уравнение (1) не имеет решения, то a<5a < 5, а без него ответ: уравнение (1) тогда и только тогда не имеет решения, когда a<5a < 5 — не получается.

Заочная школа программирования
Ответы к урокам 4 и 5 будут опубликованы в следующих номерах журнала.

Номер готовили:
А. Виленкин, И. Клумова, Т. Петрова,
А. Сосинский, В. Тихомирова,
Ю. Шиханович

Номер оформили:
М. Дубах, Т. Кольченко, Г. Красников,
Э. Назаров, И. Смирнова

Зав. редакцией Л. Чернова

Художественный редактор Т. Макарова
Корректоры О. Кривенко, Т. Панькова

113035, Москва, М-35, Б. Ордынка, 21/16.
«Квант», тел. 231-83-62
Сдано в набор 19.12.79. Подписано в печать 24.01.80.
Печать офсетная
Бумага 70×108 1/16. Физ. печ. 4
Усл. печ. л. 5,6. Уч.-изд. л. 7,03. Т-01115.
Цена·30 коп. Заказ 3010.
Тираж 265 682 экз.

Чеховский полигraphический комбинат
Союзполигraphпрома
Государственное комитета
СССР по делам издательств, полигraphии и книжной торговли,
г. Чехов Московской области

Лист 67

без номераНабрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

КРОССВОРД

По горизонтали: 5. Магнитозлектрический генератор переменного тока. 7. Французский математик и механик XVIII—XIX вв. 11. Отрезок прямой, соединяющий две вершины многоугольника, не лежащие на одной стороне. 12. Прибор для измерения расстояния. 13. Одно из основных исходных понятий геометрии. 14. Французский физик и математик, один из основателей электродинамики. 15. Норвежский математик XIX в. 16. Трионометрическая функция. 18. Простейшее устройство для фиксации направления на предмет. 22. Немецкий астроном, открывший законы движения планет. 24. Американский математик XX в. 27. Диффузия расторителя через полупроницаемуMEMбрану, разделяую растор и расторитель. 29. Англичский физик—теоретик, один из основателей квантовой механики. 30. Французский физик, в честь которого навана единица количество электричества в международной системе единиц. 31. Набольшее или наименьшее значения функции. 32. Искусственное получение радиоактивный элемент семейства антиноидов. 33. Математический знак для обозначения действия извлечения корня. 34. Определение местоположения объекта по отражению от него звука.

По вертикали: 1. Французский физик XVII в. 2. Выражение вида a0xn+a1xn−1+⋯+an−1x+ana_0x^n + a_1x^{n-1} + \dots + a_{n-1}x + a_n, где xx — переменная. 3. Точка пересечения высот треугольника. 4. Полский физик—теоретик. 6. Единица массы. 8. Первая буква греческого алфавита. 9. Один из языков программирования. 10. Место, занимаемое цифрой при письменном обозначении числа. 17. Сокращенное название языков программирования. 19. Химический элемент VIII группы периодической системы Менделеева. 20. Раздел математики, изучащий пространственные отношения и формы. 21. Примая, пересекающая заданную прямую под острым углом. 23. Отрезок, соединяющий точку окружности с ее центром. 24. Общее навание частиц, образующих atoms ядра. 25. Гидравлический механизм для подъема тяжелых штучных грузов. 26. Гипотезический мир, состоящий из антишеств. 28. Замкнутая поверхность, все точки которой одинаково удалены от одной точки. 30. Французский физик, один из основателей термодинамики.

А. Жуков

Лист 68

без номераНабрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

МГУ НА ЗНАЧКАХ

Главное здание Московского университета на Ленинских горах, замечательное произведение архитектуры, ставшее символом советской науки и высшей школы, недократно изобразалось на художственных знаках (1,2). Интересный «профессиональный» знаки факультетов и научных подразделений МГУ. Вот некоторые из них: (3) — механико-математический факультет, (4) — факультет вычислительной математики и киберnetики, (5) и (6) — физический факультет (на первом — стилизованное изобразение популярного среди студентов-физиков символа 1\sqrt{1}, идею второго подсказала известная фраза Архимеда «Дайте мне точку опоры, и я сдвину Землю!»), (7) — научно-исследовательский институт механики, (8) — научно-исследовательский институт ядерной физики (знаок выпущен к 25-летию НИИЯФ). При МГУ создана специальная физиоматическая школа-интернат № 18; ее выпускники получают специальный знаок (9). В МГУ проходят всеосоизные и международные научные conferences и conferences. На членских знаках участников этих формумов часто можно видеть силиэт главного здания МГУ (10) — знаок участника конкурса Международного союза теоретической и прикладной механики). Последний знаок (11) был выпущен в связи с 200-летим юбилеем Московского университета.

Н. Розов